四川南充中考物理试卷真题及答案
四川南充中考物理试卷真题及答案
四川的同学们，你们想不想要中考物理的试卷呀?小编整理好了中考的真题，快来看看吧。下面由学习啦小编为大家提供关于四川南充中考物理试卷真题及答案，希望对大家有帮助!
四川南充中考物理试卷选择题
一、单项选择题(每小题2分，共20题.在每小题给出的A、B、C、D四个选项中，只有一项是正确的，将符合题意的选项用2B铅笔涂在答题卡上)
1..下列关于声现象的说法中错误的是( )
A.声音是由物体的振动产生的
B.“闻其声，知其人”是根据声音的音调来判断的
C.在中考期间，考场周围的建筑工地停止施工是在声源处减弱噪声
D.“隔墙有耳”说明固体能传声
2..下列成语中属于光的反射现象的是( )
A.立竿见影 B.海市蜃楼 C.镜花水月 D.坐井观天
3..下列说法中正确的是( )
A.固体和液体很难被压缩，说明物质的分子间存在斥力
B.物体吸收热量，内能增加，温度升高
C.1kg酒精比1g酒精的热值大
D.在热机的做功冲程中，机械能转化为内能
4..如图所示，一辆在高速公路上匀速直线运动的汽车，下列有关说法正确的是( )
A.汽车对路面的压力与路面对汽年的支持力是一对平衡力
B.关闭发动机后，汽车能继续前进，是由于受到惯性的作用
C.汽车尾部的气流偏导器做成上平下凸的形状，其作用是使汽车获得向上的升力
D.座位上的安全带又宽又软，是为了减小对人体的压强
5..如图所示，底面积相同的甲、乙两容器中装有质量和深度均相同的不同液体，则甲、乙两容器中液体的密度ρ甲和ρ乙的关系以及液体对容器底部的压力F甲和F乙的关系，正确的是( )
A.ρ甲=ρ乙，F甲ρ乙，F甲=F乙
C.ρ甲<ρ乙，F甲>F乙 D.ρ甲>ρ乙，F甲>F乙
6..如图甲所示，物体A的体积为V，放入水中静止时，浸入水中的体积为V1;现将一体积为V2的物体B放在物体A上，物体A刚好全部浸没在水中，如图乙所示.则物体B的密度为( )
A. •ρ水 B. •ρ水
C. •ρ水 D. •ρ水
7..下列做法中不符合安全用电原则的是( )
A.洗衣机、电冰箱等家用电器的金属外壳要接地
B.家庭电路中，开关可以接在零线和用电器之间
C.保险装置、插座、家用电器等达到使用寿命时应及时更换
D.高大建筑物的顶端都要安装避雷针
8..小明在学完了《电与磁》这一章的知识后，总结了以下几个知识点，其中不正确的是( )
A.地磁场的南极在地理的北极附近
B.电磁起重机的工作原理是电流的磁效应
C.动圈式话筒与电动机的工作原理相同
D.发电机的工作原理的电磁感应现象
9..已知一台直流电动机两端的电压为6V，通过电动机的电流为2A，线圈的电阻为0.5Ω.则在1min内电动机消耗的电能及产生的热量分别为( )
A.720J，120J B.720J，720J C.720J，600J D.600J，120J
10..在如图所示的电路中，电源电压保持不变，R3、R2是定值电阻，R1是滑动变阻器.闭合开关S后，当滑片P由a向b滑动的过程中，电压表V1、V2的示数变化量分别为△U1、△U2，电流表的示数变化量为△I.则下列判断中正确的是( )
A.△U1=△U2
B.电压表V1的示数和电流表A的示数均变大，电压表V2的示数变小
C. ﹣ =R2
D.R1和R2消耗的总功率变化了△U2•△I
四川南充中考物理试卷非选择题
二、填空题(每空1分，共18分)
11..彩色电视机画面上的丰富色彩是由 三原色光混合而成的;电视机遥控器可以发出不同的 (选填“红外线”或“紫外线”)脉冲，实现对电视机的控制.
12..“瑞雪兆丰年”，其中雪是由空气中的水蒸气 (填物态变化)而形成的;“下雪不冷化雪冷”这是因为雪在融化时要 热量，导致环境温度降低.
13..小丽在中考体育考试中参加60m测试，以小丽为参照物，则终点计时员是 (选填“运动”或“静止”)的;她的测试成绩为10s，则她的平均速度为 km/h.
14..已知一个空瓶子装满水后的总质量为300g，在装满水的瓶子中放入一个小石块，溢出水后其总成量为320g，取出石块后，剩余的水和瓶子的总质量为290g.(不计取出石块的过程中带走的水)则石块的质量为 g，石块的密度为 g/cm3.(ρ水=1.0×103kg/m3)
15..如图甲所示，放在粗糙程度不变的水平地面上的物体，用方向不变的力F向右推物体，推力F的大小随时间的变化关系如图乙所示，物体的运动速度随时间的变化关系如图丙所示，则在t=1s时，物体受到的摩擦力 N;在t=3s时，物体受到的摩擦力为 N.
16..已知某一物体受到的重力为10N，把它挂在弹簧测力计下方，并将它浸没在水中静止时，弹簧测力计的示数为6N.则该物体受到的浮力为 N，物体的密度为 kg/m3.(ρ水=1×103kg/m3，g=10N/kg)
17..在地球的周围均匀配置 颗地球同步卫星，就可以实现全球通信;在太阳内部每时每刻发生的核反应是核 (选填“裂变”或“聚变”)
18..已知定值电阻R1：R2=2：3，若把它们串联在同一电路中，通过它们的电流之比I1：I2= ;若把它们并联在同一电路中，R1、R2消耗的电功率之比P1：P2= .
19..在如图示数的电路中，电源电压保持不变.开关S闭合后，滑片P在滑动变阻器R2的某两点之间滑动的过程中，电流表的示数变化范围是1A﹣2A，电压表的示数变化范围是4V﹣8V.则定值电阻R1= Ω，电源电压U= V.
三、探究与解答题(共32分，第20、21小题各2分，第22、23、24小题各4分，第25、26各8分)
20..如图所示，已知轻质杠杆AB在水平位置静止，作出物体C所受重力的示意图以及拉力F的力臂L.
21..如图所示，根据小磁针静止时的指向，标出通电螺线管的N、S极以及电源的“+、﹣”极.
22.小明同学在探究“凸透镜成像规律”实验中，所用凸透镜的焦距f=20cm，如图所示：
(1)小明点燃蜡烛后，调整烛焰、凸透镜和光屏的中心在同一高度，其目的是 .
(2)在图示中，只需移动光屏到适当位置，可在光屏上成倒立的、 (选填“放大”、“缩小”或“等大”)的实像.这个成像规律在实际生活中的应用是 (填一种光学器材).
(3)完成上述实验后，小明在凸透镜和蜡烛之间，靠近凸透镜的位置放了一副眼镜，原来光屏上清晰的像变模糊，当光屏远离凸透镜到适当位置又可得一清晰的像.则这副眼镜是 (选填“近视”或“远视”)眼镜.
23.如图所示是“探究物体动能的大小与什么因素有关”的实验装置.实验中，让同一个钢球从斜面上的不用高度由静止滚下，碰到同一木块.
(1)实验中，通过观察 来判断钢球动能的大小.
(2)实验中，让同一个钢球从斜面上的不同高度由静止滚下，是为了探究钢球动能的大小与其 的关系.
(3)如果水平面是光滑的，木块收到钢球撞击后将做 .
(4)本实验的科学研究方法用到了控制变量法，在你所学的物理探究实验中，哪些实验也用到了这个研究方法，请举一例： .
24.物理兴趣小组的同学们在探究“电流与电阻的关系”的实验中，设计了如图所示的电路.已知电源电压为4.5V保持不变，所给的定值电阻的阻值分别为10Ω、20Ω、30Ω、40Ω，不同的定值电阻两端的控制电压恒为2.5V.
(1)在连接电路的过程中，开关应处于 状态.
(2)他们在电路连接好后，闭合开关，发现电压表无示数，电流表有明显示数，且电路中只有一处故障，则故障原因可能是 .
(3)实验中，他们将10Ω的定值电阻换成20Ω的定值电阻后，同时应将滑动变阻器R2的滑片P向 端移动到适当位置.(选填“A”或“B”)
(4)为了使所给的四个定值电阻都能进行实验，滑动变阻器R2的最大阻值至少应为 Ω.
25.有一个电热水壶，其铭牌数据如表所示.在1个标准大气压下，它在额定电压下加热7min刚好把质量为1kg、初温为20℃的水烧开.[c水=4.2×103J/(kg•℃)，电热丝的阻值保持不变]求：
额定电压 220V
额定功率 1000W
频率 50Hz
(1)水吸收的热量是多少?
(2)电热水壶在7min内所消耗的电能是多少?
(3)由于现在是用电高峰，电网中的实际电压为198V，要把同样一壶水烧开，若电热水壶的热效率不变，则需要加热多少秒?(计算结果保留到整数)
26.某人站在水平高台上用如图所示的滑轮组提升重物，不计绳重和摩擦.第一次他匀速提升重物G1=150N时，人竖直向上拉绳的力为F1，人对高台的压强为p1;第二次他匀速提升另一重物G2=270N时，人竖直向上拉绳的力为F2，人对高台的压强为p2.两次物体匀速上升的速度均为0.5m/s，人的重力G人=500N，且p1：p2=14：15.求：
(1)若人的双脚与高台的总接触面积为4×10﹣2m2，当人站在高台上没有拉绳时，人对高台的压强;
(2)第一次提升重物时，克服物体重力做功的功率;
(3)第二次提升重物时，滑轮组的机械效率.
四川南充中考物理试卷答案
一、单项选择题(每小题2分，共20题.在每小题给出的A、B、C、D四个选项中，只有一项是正确的，将符合题意的选项用2B铅笔涂在答题卡上)
1..下列关于声现象的说法中错误的是( )
A.声音是由物体的振动产生的
B.“闻其声，知其人”是根据声音的音调来判断的
C.在中考期间，考场周围的建筑工地停止施工是在声源处减弱噪声
D.“隔墙有耳”说明固体能传声
【分析】(1)声音是由物体的振动产生的.
(2)区别声音就是靠音色.辨别熟人的声音、辨别乐器的声音靠的都是音色.
(3)减弱噪声有三种：①在声源处减弱;②在传播过程中减弱;③在人耳处减弱.
(4)声音靠介质传播，一切固体、液体、气体都可以作为传声的介质.
【解答】解：A、声音是由物体的振动产生的，发声的物体一定在振动，选项说法正确;
B、“闻其声，知其人”是根据声音的音色来判断的，选项说法错误;
C、在中考期间，考场周围的建筑工地停止施工是在声源处减弱噪声，选项说法正确;
D、“隔墙有耳”，说明声音可以通过固体进行传播，选项说法正确;
故选B.
【点评】此题考查了声音的产生和传播条件、音色、防治噪声的途径，有一定的综合性，但难度不大，强化对课本基础知识的记忆是解决识记性题目的基础.
2..下列成语中属于光的反射现象的是( )
A.立竿见影 B.海市蜃楼 C.镜花水月 D.坐井观天
【分析】①要掌握光的折射现象，知道水底看起来比实际的要浅、斜插入水中的筷子向上折、海市蜃楼、凸透镜成像都是光的折射.
②要掌握光的反射现象，知道平面镜成像是由于光的反射形成的.
③要掌握光沿直线传播现象，知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播形成的.
【解答】解：A、立竿见影，是由于光沿直线传播形成的.故A不符合题意.
B、海市蜃楼是一种由光的折射产生的现象，是由于空气的密度不均匀而引起的，故B不符合题意.
C、镜花水月是平面镜成像，是光的反射原理，故C符合题意.
D、坐井观天，是由于光沿直线传播形成的.故D不符合题意.
故选C.
【点评】光的直线传播是光在同一均匀介质中的传播，光的反射是光照射到物体表面又返回的现象，光的折射是由于光从一种介质斜射入另一种介质或在不均匀介质中传播时，传播方向发生变化的现象.它们之间有本质的区别，要注意区分.
3..下列说法中正确的是( )
A.固体和液体很难被压缩，说明物质的分子间存在斥力
B.物体吸收热量，内能增加，温度升高
C.1kg酒精比1g酒精的热值大
D.在热机的做功冲程中，机械能转化为内能
【分析】(1)分子间存在着斥力和引力;
(2)内能的大小与物体的质量、温度、状态等有关;
(3)热值是燃料本身的一种性质;
(4)对于热机的压缩冲程是机械能转化为内能的过程;做功冲程是内能转化为机械能的过程;
【解答】解：A、固体和液体很难被压缩，说明物质的分子间存在斥力，故A正确;
B、如晶体熔化过程，物体吸收热量，内能增加，但温度不变，故B错误;
C、热值是燃料本身的一种性质，所以1kg酒精和1g酒精的热值相同，故C错误;
D、热机的压缩冲程是机械能转化为内能的过程;做功冲程是内能转化为机械能的过程，故D错误;
故选A.
【点评】此题考查了分子运动论、内能大小影响因素、热值的理解和内燃机工作时的能量转化，是一道综合题.
4..如图所示，一辆在高速公路上匀速直线运动的汽车，下列有关说法正确的是( )
A.汽车对路面的压力与路面对汽年的支持力是一对平衡力
B.关闭发动机后，汽车能继续前进，是由于受到惯性的作用
C.汽车尾部的气流偏导器做成上平下凸的形状，其作用是使汽车获得向上的升力
D.座位上的安全带又宽又软，是为了减小对人体的压强
【分析】(1)二力平衡的条件是：作用在一个物体上的两个力，大小相等、方向相反，在一条直线上;
(2)惯性不是力，不能说物体受到惯性或惯性力;
(3)在气体和液体中，流速越大的位置压强越小;
(4)减小压强的方法：在受力面积一定时，减小压力减小压强;在压力一定时，增大受力面积减小压强.
【解答】解：A.汽车对路面的压力与路面对汽年的支持力大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，作用在两个物体上，是一对相互作用力，不是一对平衡力，故A错误;
B.关闭发动机后，由于惯性，汽车能继续前进，但是不能说受到惯性作用，因为惯性不是力，故B错误;
C.汽车尾部的气流偏导器做成上平下凸的形状，在汽车高速行驶时，上方空气流速慢、压强大，下方空气流速快、压强小，从而增加汽车对地面的压力，提高车轮的抓地性能，故C错误;
D.座位上的安全带又宽又软，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强的，故D正确.
故选D.
【点评】本题考查了平衡力的判断和惯性、流速与压强的关系、减小压强的方法等，要注意二力平衡的条件和相互作用力的区别在于是否作用在同一个物体上.
5..如图所示，底面积相同的甲、乙两容器中装有质量和深度均相同的不同液体，则甲、乙两容器中液体的密度ρ甲和ρ乙的关系以及液体对容器底部的压力F甲和F乙的关系，正确的是( )
A.ρ甲=ρ乙，F甲ρ乙，F甲=F乙
C.ρ甲<ρ乙，F甲>F乙 D.ρ甲>ρ乙，F甲>F乙
【分析】由题意可知，两液体的质量、深度、容器的底面积相等，由图可知两容器内液体的体积关系，根据ρ= 比较两液体的密度关系，根据F=pS=ρghS比较液体对容器底部的压力关系.
【解答】解：由题意可知，两液体的质量、深度、容器的底面积相等，
由图可知，甲容器内液体的体积小于乙容器内液体的体积，
由ρ= 可知，甲液体的密度大于乙液体的密度，即ρ甲>ρ乙，故AC错误;
由F=pS=ρghS可知，甲液体对容器底部的压力大于乙，即F甲>F乙，故B错误、D正确.
故选D.
【点评】本题考查了密度公式和液体压强公式、固体压强公式的应用，从图中判断两种液体的体积关系是关键.
6..如图甲所示，物体A的体积为V，放入水中静止时，浸入水中的体积为V1;现将一体积为V2的物体B放在物体A上，物体A刚好全部浸没在水中，如图乙所示.则物体B的密度为( )
A. •ρ水 B. •ρ水
C. •ρ水 D. •ρ水
【分析】在甲图中，物体A漂浮，受到的浮力等于物体A的重力;物体B放在物体A上，物体A刚好全部浸没在水中，此时物体A受到的浮力等于在物体A、B的重力，则说明物体B的重力等于物体A受到的浮力与物体A的重力之差，据此根据浮力公式求出物体B的重力，可求物体B的质量，根据密度公式可求物体B的密度.
【解答】解：在甲图中，物体A漂浮，则GA=F浮1=ρ水gV1，
物体B放在物体A上，物体A刚好全部浸没在水中，所以物体A、B处于漂浮，则GA+GB=F浮2=ρ水gV，
所以，GB=F浮2﹣GA=ρ水gV﹣ρ水gV1;
则mB=ρ水(V﹣V1)，
物体B的密度：
ρB= = = •ρ水.
故选B.
【点评】本题考查浮力、重力、密度等的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是求物体B的重力，本题考查知识点较多，实际是考查对物理知识综合应用的能力.
7..下列做法中不符合安全用电原则的是( )
A.洗衣机、电冰箱等家用电器的金属外壳要接地
B.家庭电路中，开关可以接在零线和用电器之间
C.保险装置、插座、家用电器等达到使用寿命时应及时更换
D.高大建筑物的顶端都要安装避雷针
【分析】(1)对于金属外壳的家用电器，金属外壳一定接地，防止外壳漏电，发生触电事故.
(2)开关要接在火线和用电器之间，这样断开开关时，用电器上没有电;
(3)保险装置、插座、导线、家用电器等达到使用寿命时绝缘皮会因老化而漏电，应及时更换;
(4)大建筑物的里里外外都有金属，如不加避雷针，闪电在向下流动的过程中，可能会击中建筑物顶端的金属物体，从而放电，这样会损坏建筑物.
【解答】解：
A、将洗衣机、电冰箱的金属外壳接地，可以防止因漏电发生触电事，故A符合安全用电原则;
B、家庭电路中，开关要接在火线和用电器之间，故B不符合安全用电原则;
C、保险装置、插座、导线、家用电器等达到使用寿命应及时更换，否则设置老化，容易发生漏电而引发触电或诱发火灾，故C符合安全用电原则;
D、高大建筑物为避免发生雷击，顶端要安装避雷针，故D符合安全用电原则.
故选B.
【点评】本题考查了家庭电路的连接以及安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带体.注意开关要接在电灯和火线之间是为了在换电灯时防止触电;打雷下雨时不能站在大树下.
8..小明在学完了《电与磁》这一章的知识后，总结了以下几个知识点，其中不正确的是( )
A.地磁场的南极在地理的北极附近
B.电磁起重机的工作原理是电流的磁效应
C.动圈式话筒与电动机的工作原理相同
D.发电机的工作原理的电磁感应现象
【分析】(1)依据地磁场的分布分析判断;
(2)电磁铁的原理是电流的磁场效应;
(3)动圈式话筒的原理是电磁感应原理，电动机原理是通电线圈在磁场中受力转动原理;
(4)发电机原理为电磁感应.
【解答】解：A、地磁场的南北极与地理南北极相反，地磁场的南极在地理的北极附近，故A正确;
B、电磁起重机的主要元件是电磁铁，它的工作原理是电流的磁效应，故B正确;
C、动圈式话筒的原理是电磁感应原理，电动机原理是通电线圈在磁场中受力转动原理，故C错误;
D、发电机的工作原理的电磁感应现象，将机械能转化为电能，故D正确.
故选：C.
【点评】此题主要考查学生对于电磁知识的了解和掌握，属于基础性题目.
9..已知一台直流电动机两端的电压为6V，通过电动机的电流为2A，线圈的电阻为0.5Ω.则在1min内电动机消耗的电能及产生的热量分别为( )
A.720J，120J B.720J，720J C.720J，600J D.600J，120J
【分析】电动机正常工作时其电路是非纯电阻电路，产生的热量只能用Q=I2Rt计算，消耗的电能只能用W=UIt计算.
【解答】解：电动机产生的热量：
Q=I2Rt=(2A)2×0.5Ω×60s=120J.
电动机消耗的电能为W=UIt=6V×2A×60s=720J.故A正确，BCD错误.
故选A.
【点评】本题考查了电动机中的转化的能量的计算.在电动机工作时，电能转化为了机械能和内能，内能大小只能由Q=I2Rt计算.对外做功由能量守恒求解即可.
10..在如图所示的电路中，电源电压保持不变，R3、R2是定值电阻，R1是滑动变阻器.闭合开关S后，当滑片P由a向b滑动的过程中，电压表V1、V2的示数变化量分别为△U1、△U2，电流表的示数变化量为△I.则下列判断中正确的是( )
A.△U1=△U2
B.电压表V1的示数和电流表A的示数均变大，电压表V2的示数变小
C. ﹣ =R2
D.R1和R2消耗的总功率变化了△U2•△I
【分析】由图可知，三个电阻串联，电压表V1测R1和R2两端总电压，V2测R2和R3两端总电压，根据欧姆定律及其公式变形对各个选项逐一分析.
【解答】解：A、滑片向右移动，R1两端电压减小，R2和R3两端总电压增大，因为电源电压不变，所以R1两端电压的减小量等于R2和R3两端总电压的增大亮，则由△UR1>UR2，又因为△U2=UR1，△U1=△UR3，所以△U2>△U1，故A错误;
B、滑动变阻器滑片向右移动时，连入电路的电阻变小，电路中的总电阻变小，电源电压不变，所以电路中电流变大，R3两端电压增大，V1示数减小，V2示数增大，故B错误;
C、在滑动变阻器和定值电阻R串联的电路中，可以证明有关定值电阻R的公式，R= ，所以 =R2+R3， = =R3， ﹣ =R2+R3﹣R3=R2，故C正确;
D、设滑片P在s点时电路中电流为Ia，在b点时电流为Ib，则由R2和R3消耗的电功率和增加量△P= (R2+R3)﹣ (R2+R3)=( ﹣ )(R2+R3)=(Ib﹣Ia)(Ib+Ia)(R2+R3)=△I[Ib(R2+R3)+Ia+(R2+R3)]=△I(Ub+Ua)，因为Ub+Ua≠Ub﹣Ua，而Ub﹣Ua=△U2，所以△P≠U2•△I.故D错误.
故选C.
【点评】此题考查欧姆定律的应用和电功率的计算，关键是熟悉串联电路的电压和电流的特点.有一定的拔高难度，属于难题.
二、填空题(每空1分，共18分)
11..彩色电视机画面上的丰富色彩是由 红、绿、蓝 三原色光混合而成的;电视机遥控器可以发出不同的 红外线 (选填“红外线”或“紫外线”)脉冲，实现对电视机的控制.
【分析】解答本题需掌握：
①红、绿、蓝三种色光叫色光的三原色.
②红外线的热效应比较强，能制成热谱仪，制成红外线夜视仪;红外线可以用来遥控，制成电视遥控器.
【解答】解：用放大镜观察彩色电视画面，可以发现是由红、绿、蓝三种色光混合而成的，它们被称为色光的三原色;
电视机遥控器是利用红外线来遥控电视机的.
故答案为：红、绿、蓝;红外线.
【点评】此题是对色光三原色以及红外线和紫外线的应用的灵活考查，同时也考查了我们的观察能力.是一道基础题.
12..“瑞雪兆丰年”，其中雪是由空气中的水蒸气 凝华 (填物态变化)而形成的;“下雪不冷化雪冷”这是因为雪在融化时要 吸收 热量，导致环境温度降低.
【分析】(1)在一定条件下，物体的三种状态﹣﹣固态、液态、气态之间会发生相互转化，这就是物态变化;
(2)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华;由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化;由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固.
(3)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热;其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华;吸热的有：熔化、汽化、升华.
【解答】解：
(1)雪是空气中的水蒸气遇冷凝华为固态的冰晶，此过程中放热;
(2)化雪是熔化过程，熔化是吸热过程，从周围的空气吸热，导致空气温度降低，人们感到寒冷.
故答案为：凝华;吸收.
【点评】该题通过生活中的现象来考查学生对物态变化以及吸、放热的掌握情况.
13..小丽在中考体育考试中参加60m测试，以小丽为参照物，则终点计时员是 运动 (选填“运动”或“静止”)的;她的测试成绩为10s，则她的平均速度为 21.6 km/h.
【分析】(1)在研究机械运动时，被假定为不动的物体叫参照物，如果物体的位置相对于参照物不断改变，物体是运动的;如果物体的位置相对于参照物的位置没有改变，则物体是静止的;
(2)一直路程和时间，利用v= 可求其平均速度.
【解答】解：(1)小丽在中考体育考试中参加60m测试时，以小丽为参照物，终点计时员与小丽之间的位置不断发生变化，因此终点计时员是运动的;
(2)她的平均速度：v= = =6m/s=6×3.6km/h=21.6km/h.
故答案为：运动;21.6.
【点评】此题考查的是运动和静止的相对性、变速运动平均速度的求法;在处理变速运动的题时，无论中间的速度如何变化，只需用总路程除以总时间即可求出平均速度.
14..已知一个空瓶子装满水后的总质量为300g，在装满水的瓶子中放入一个小石块，溢出水后其总成量为320g，取出石块后，剩余的水和瓶子的总质量为290g.(不计取出石块的过程中带走的水)则石块的质量为 30 g，石块的密度为 3 g/cm3.(ρ水=1.0×103kg/m3)
【分析】已知放入石块后的总质量和取出石块后的质量，二者之差就等于石块的质量;已知瓶子和水的总质量还有取出石块后的质量，二者之差就等于排开水的质量，根据公式V= 求出石块的体积，再根据公式ρ= 求出石块的密度.
【解答】解：石块的质量：
m=m溢总﹣m剩=320g﹣290g=30g，
石块排开水的质量：
m排=m总﹣m剩=300g﹣290g=10g，
由ρ= 可得，石块的体积：
V=V水= = =10cm3，
石块的密度：
ρ= = =3g/cm3.
故答案为：30;3.
【点评】本题考查密度的计算和密度公式的应用，关键是知道石块放入前、取出后瓶子和水的质量之差即为石块的质量以及利用排开水的质量求金属块的体积.
15..如图甲所示，放在粗糙程度不变的水平地面上的物体，用方向不变的力F向右推物体，推力F的大小随时间的变化关系如图乙所示，物体的运动速度随时间的变化关系如图丙所示，则在t=1s时，物体受到的摩擦力 2 N;在t=3s时，物体受到的摩擦力为 4 N.
【分析】(1)由图乙的v﹣t图象可以判断物体在不同时刻的运动情况;
(2)由图乙的F﹣t图象可以得出物体在不同时刻所受到的推力大小，
由图乙v﹣t图象找出物体什么时候处于平衡状态，然后由平衡条件求出物体所受摩擦力大小，
物体与地面间的摩擦力与接触面的材料、接触面的粗糙程度、物体与地面间的压力决定，据此求出t=3s时摩擦力的大小.
【解答】解：
(1)由图丙的v﹣t图象可以知道，在0～2s内，物体速度为零，
物体处于静止状态，故当t=1s时，物体处于静止状态;
由图乙的F﹣t图象可知在0～2s内，推力F1=2N，此时物体静止，
处于平衡状态，由平衡条件得此时摩擦力f静=F=2N;
(2)由图乙的v﹣t图象可知，在4～6s内物体处于匀速直线运动状态，
由平衡条件可知，物体所受到的滑动摩擦力f与推力F是一对平衡力，即f=F，
由图乙的F﹣t图象可知，在4s～6s内，推力F=4N，物体所受到的摩擦力f=F=4N，
物体与地面间的滑动摩擦力与接触面的材料、接触面的粗糙程度、物体与地面间的压力决定，
与物体的运动状态无关，在t=3s时与时间在4s～6s内，物体与地面间的摩擦力与接触面的材料、
接触面的粗糙程度、物体与地面间的压力相同，因此t=3s时摩擦力为4N.
故答案为：2;4.
【点评】v﹣t图象、F﹣t图象相结合，判断出物体各段运动状态，根据平衡状态中二力平衡找出力的大小是本题的关键所在.
16..已知某一物体受到的重力为10N，把它挂在弹簧测力计下方，并将它浸没在水中静止时，弹簧测力计的示数为6N.则该物体受到的浮力为 4 N，物体的密度为 2.5×103 kg/m3.(ρ水=1×103kg/m3，g=10N/kg)
【分析】(1)知道物体在空气中和浸没在水中时弹簧测力计的示数，利用称重法求出物体受到的浮力;
(2)物体浸没时排开水的体积和本身的体积相等，根据阿基米德原理求出物体的体积，再根据密度公式求出物体的密度.
【解答】解：(1)物体受到的浮力：
F浮=G﹣F′=10N﹣6N=4N;
(2)物体完全浸没，根据F浮=ρgV排可得，物体的体积：
V=V排= = =4×10﹣4m3;
物体的质量：m= = =1kg，
物体的密度：ρ= = =2.5×103kg/m3.
故答案为：4;2.5×103.
【点评】本题考查了称重法求浮力和阿基米德原理、密度公式、重力公式的应用，要熟练运用公式，关键是知道物体浸没时排开液体的体积和物体的体积相等.
17..在地球的周围均匀配置 3 颗地球同步卫星，就可以实现全球通信;在太阳内部每时每刻发生的核反应是核 聚变 (选填“裂变”或“聚变”)
【分析】(1)用通信卫星作微波中继站，在地球周围均匀地配置3颗同步通信卫星，就覆盖了几乎全部地球表面，不但通信质量高，而且覆盖范围广，可以实现全球通信;
(2)核能分为裂变和聚变两种，自然界除了人为的聚变反应外，太阳和许多恒星内部都进行着大规模的聚变反应，并以光和热的形式将核能辐射出来.
【解答】解：
要实现全球通信，在地球周围均匀地配置三颗同步通信卫星就可以;
太阳内部进行着大规模的聚变反应，并以光和热的形式将核能辐射出来.所以太阳是利用原子核发生聚变释放出能量.
故答案为：3;聚变.
【点评】此题考查核聚变和对卫星中继通信方面知识的了解，是一道基础题.
18..已知定值电阻R1：R2=2：3，若把它们串联在同一电路中，通过它们的电流之比I1：I2= 1：1 ;若把它们并联在同一电路中，R1、R2消耗的电功率之比P1：P2= 3：2 .
【分析】在串联电路中，电流处处相等;在并联电路中，支路两端电压相等;支路电流与其阻值成反比;用电器消耗的功率与其阻值成反比.
【解答】解：已知两个电阻R1：R2=2：3，
①把它们串联在电路中，
因为电流处处相等，所以通过它们的电流之比I1：I2=1：1;
②如果把它们并联在电路中，支路两端电压相等;由I= ，P=UI可得，
P= ，则各自消耗的电功率之比P1：P2=R2：R1=3：2.
故答案为：1：1;3：2.
【点评】此题考查的是串联电路和并联电路的电流、电压、电功率与电阻的比例关系，是重要的、基本的电学规律，在熟练掌握的前提下，应用于解决具体的电学问题.
19..在如图示数的电路中，电源电压保持不变.开关S闭合后，滑片P在滑动变阻器R2的某两点之间滑动的过程中，电流表的示数变化范围是1A﹣2A，电压表的示数变化范围是4V﹣8V.则定值电阻R1= 4 Ω，电源电压U= 12 V.
【分析】由电路图可知，电阻R1与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流;
当滑片向左移动时接入电路中的电阻变小，电路中的电流变大，滑动变阻器两端的电压变小，据此得出两电表对应的示数关系;根据串联电路的特点和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变建立等式即可求出R1的阻值和电源的电压.
【解答】解：当电路中的电流为1A时，电压表的示数为8V，
串联电路中各处的电流相等，且总电压等于各分电压之和，
电源的电压：U=I1R1+U滑=1A×R1+8V﹣﹣①
当电路中的电流为2A时，电压表的示数为4V，
电源的电压：
U=I2R1+U滑′=2A×R1+4V﹣﹣②
又因为电源的电压不变，
所以：1A×R1+8V=2A×R1+4V，
解得：R1=4Ω，
电源的电压U=2A×R0+4V=2A×4Ω+4V=12V.
故答案为：4;12.
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是滑片移动时电压表和电流表示数对应关系的判断.
三、探究与解答题(共32分，第20、21小题各2分，第22、23、24小题各4分，第25、26各8分)
20..如图所示，已知轻质杠杆AB在水平位置静止，作出物体C所受重力的示意图以及拉力F的力臂L.
【分析】(1)先确定物体的重心，然后从重心开始沿重力方向画一条带箭头的线段表示重力G;
(2)根据力臂的概念画出F的力臂L.
【解答】解：
(1)对于形状规则、质地均匀的物体，它的重心在它的几何中心上，从重心开始沿重力方向﹣﹣竖直向下，画一条带箭头的线段并标出重力G.如图所示：
(2)过支点O作F的垂线段，即为拉力F的力臂L.如图所示：
【点评】(1)无论物体处于什么状态，物体所受重力的方向都是竖直向下的;
(2)画力臂，关键是确定支点和力的作用线，从支点向力的作用线引垂线，垂线段的长度即为力臂，只要细心，不会出错.
21..如图所示，根据小磁针静止时的指向，标出通电螺线管的N、S极以及电源的“+、﹣”极.
【分析】先根据小磁针静止时N极的指向判定出通电螺线管的N、S极，然后根据安培定则判定出螺线管中的电流方向，最后根据电流方向判定出电源的正、负极.
【解答】解：已知小磁针左端为S极，右端为N极，由磁极间的相互作用可知通电螺线管的左端是N极，右端是S极.
根据安培定则：用右手握住螺线管，大拇指指向螺线管的N极，则四指弯曲的方向就是螺线管中的电流方向(已知极性也可以根据安培定则判定出电流方向).电流方向是“右上后下”，由此可知，电源的右端是正极，左端是负极.答案如图：
【点评】本题是一道综合题，综合考查了磁场的方向、电流的方向、通电螺线管的极性跟电流方向之间的判定，是一道好题，该题在很多试题中常常出现.
22.小明同学在探究“凸透镜成像规律”实验中，所用凸透镜的焦距f=20cm，如图所示：
(1)小明点燃蜡烛后，调整烛焰、凸透镜和光屏的中心在同一高度，其目的是 使得像成在光屏的中央 .
(2)在图示中，只需移动光屏到适当位置，可在光屏上成倒立的、 缩小 (选填“放大”、“缩小”或“等大”)的实像.这个成像规律在实际生活中的应用是 照相机 (填一种光学器材).
(3)完成上述实验后，小明在凸透镜和蜡烛之间，靠近凸透镜的位置放了一副眼镜，原来光屏上清晰的像变模糊，当光屏远离凸透镜到适当位置又可得一清晰的像.则这副眼镜是 近视 (选填“近视”或“远视”)眼镜.
【分析】(1)根据凸透镜成像规律的实验要求，必须将烛焰、凸透镜、光屏三者的中心放在同一高度上，为了使像呈在光屏的中心;
(2)凸透镜成像时，U>2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像机，2f>V>f;
(3)近视眼成因：眼球晶状体的曲度过大，远处物体反射来的光线通过晶状体折射后形成的物像，就会落在视网膜的前方造成近视眼.
【解答】解：(1)将烛焰、凸透镜、光屏三者的中心放在同一高度上，为了使像呈在光屏的中心.
(2)据图可知，此时物距大于相距，所以物体处于2倍焦距以外，像成在另一侧的1倍焦距和2倍焦距之间，成倒立、缩小的实像，照相机就是利用该原理制成的;
(3)将一副眼镜放在蜡烛和凸透镜之间，且较靠近凸透镜.结果，光屏上原来清晰的像变模糊了，他只将光屏向远离凸透镜的方向移动适当距离时，又在光屏上观察到蜡烛清晰的像.说明延后成像了，故放置的是使光线发散的凹透镜，这种眼镜是用来矫正近视眼的.
故答案为：(1)使得像成在光屏的中央;(2)缩小;照相机;(3)近视.
【点评】此题是探究凸透镜成像的实验，主要考查了学生对实验操作的要求.一定要注意实验前的调整工作.凸透镜、光屏的面应与光具座的轨道垂直;为使像成在光屏的中央，应使凸透镜、烛焰、光屏的中心大致在同一高度处.
23.如图所示是“探究物体动能的大小与什么因素有关”的实验装置.实验中，让同一个钢球从斜面上的不用高度由静止滚下，碰到同一木块.
(1)实验中，通过观察 木块被推动的距离 来判断钢球动能的大小.
(2)实验中，让同一个钢球从斜面上的不同高度由静止滚下，是为了探究钢球动能的大小与其 速度 的关系.
(3)如果水平面是光滑的，木块收到钢球撞击后将做 匀速直线运动 .
(4)本实验的科学研究方法用到了控制变量法，在你所学的物理探究实验中，哪些实验也用到了这个研究方法，请举一例： 探究通电导体产生的热量跟哪些因素有关 .
【分析】(1)钢球从光滑斜面上向下运动到水平面上，有了一定的速度，就有动能，钢球撞击木块，可以通过木块在水平面上移动的距离来判断动能的大小;
(2)因为动能大小与质量和速度有关，若探究动能与速度的关系，根据控制变量法，要保证速度不同而质量相同，让相同质量的两个钢球从不同高度滚下就是为了使钢球滚到水平面时速度不同;
(3)如果水平面是光滑的，则木块不受摩擦阻力影响，将做匀速直线运动;
(4)物理学中对于多因素(多变量)的问题，常常采用控制因素(变量)的方法，把多因素的问题变成多个单因素的问题;每一次只改变其中的某一个因素，而控制其余几个因素不变，从而研究被改变的这个因素对事物影响，分别加以研究，最后再综合解决，这种方法叫控制变量法.
【解答】解：(1)钢球因为有动能撞击木块盒，动能越大，木块在水平面上移动的距离就越远，所以判断钢球动能大小的依据是木块在水平面上移动的距离;
(2)让同一钢球从同一斜面的不同高度由静止开始释放的目的是：使钢球到达斜面底部时的速度不同，为了探究钢球动能大小与其速度关系;
(3)如果水平面是光滑的，木块不受摩擦力作用，木块受到钢球撞击后将做匀速直线运动;
(4)探究问题中存在多个变量时，保持几个变量不变，改变一个变量，研究被改变的量对问题的影响，这就叫做控制变量法;因通电导体产生的热量跟电流大小、通电时间、电阻大小等因素有关，所以在探究探究通电导体产生的热量跟哪些因素有关时，采用的探究方法是控制变量法.
故答案为：(1)木块被推动的距离;(2)速度;(3)匀速直线运动;(4)探究通电导体产生的热量跟哪些因素有关.
【点评】由木块距离的长短，来体现小球的动能多少，是一种转换法.由小球起始点的高度可以决定小球刚到达水平面时的速度.
24.物理兴趣小组的同学们在探究“电流与电阻的关系”的实验中，设计了如图所示的电路.已知电源电压为4.5V保持不变，所给的定值电阻的阻值分别为10Ω、20Ω、30Ω、40Ω，不同的定值电阻两端的控制电压恒为2.5V.
(1)在连接电路的过程中，开关应处于 断开 状态.
(2)他们在电路连接好后，闭合开关，发现电压表无示数，电流表有明显示数，且电路中只有一处故障，则故障原因可能是 R1短路 .
(3)实验中，他们将10Ω的定值电阻换成20Ω的定值电阻后，同时应将滑动变阻器R2的滑片P向 B 端移动到适当位置.(选填“A”或“B”)
(4)为了使所给的四个定值电阻都能进行实验，滑动变阻器R2的最大阻值至少应为 32 Ω.
【分析】(1)连接电路时，为了安全起见，开关必须断开;
(2)电流表有示数，说明电路为通路;电压表无示数，说明电压表被短路，据此判断故障的位置;
(3)根据串分压的知识，若电阻变大，两端分得的电压将变大，电压表的示数变大，为保持电压表的示数不变，应增大滑动变阻器的阻值;
(4)根据串联电路分压规律和欧姆定律可知，当改用40Ω的电阻时，滑动变阻器的最大阻值最大，据此求出滑动变阻器R2的最大阻值至少是多大.
【解答】解：(1)连接电路时，为了安全起见，开关必须断开;
(2)电流表有示数，说明电路为通路;电压表无示数，说明电压表被短路，因此与电压表并联的R1发生了短路;
(3)将10Ω的定值电阻换成20Ω的定值电阻后，两端的电压将变大，所以电压表的示数大于2.5V;
要减小电阻两端的电压，应增大滑动变阻器的阻值，使滑动变阻器两端电压变大，故将滑片向B端滑动;
(4)探究电流和电阻的关系，需保持导体两端的电压不变，根据串分压的知识，当导体电阻为40Ω时，所需滑动变阻器的阻值最大;
由欧姆定律可知，电路中的电流：I= = =0.0625A;
滑动变阻器接入电路的最大阻值：R最大= = =32Ω.
故答案为：(1)断开;(2)R1短路;(3)B;(4)32.
【点评】此题是探究“电流跟电阻的关系”，考查了滑动变阻器的连接及控制变量的方法的应用，关键是能根据根据串联电路分压规律确定滑动变阻器最大阻值的计算.
25.有一个电热水壶，其铭牌数据如表所示.在1个标准大气压下，它在额定电压下加热7min刚好把质量为1kg、初温为20℃的水烧开.[c水=4.2×103J/(kg•℃)，电热丝的阻值保持不变]求：
额定电压 220V
额定功率 1000W
频率 50Hz
(1)水吸收的热量是多少?
(2)电热水壶在7min内所消耗的电能是多少?
(3)由于现在是用电高峰，电网中的实际电压为198V，要把同样一壶水烧开，若电热水壶的热效率不变，则需要加热多少秒?(计算结果保留到整数)
【分析】(1)知道水的质量、初温和末温(在1个标准大气压下水的沸点是100℃)以及比热容，根据Q吸=cm(t﹣t0)求出水吸收的热量;
(2)根据P= 求出电热水壶在7min内所消耗的电能;
(3)要把同样一壶水烧开，水吸收的热量不变，电热水壶的热效率不变时消耗的电能相同，根据P= 求出电热水壶的电阻，再根据W= t求出实际电压为198V时需要的加热时间.
【解答】解：(1)在1个标准大气压下水的沸点是100℃，则水吸收的热量：
Q吸=cm(t﹣t0)=4.2×103J/(kg•℃)×1kg×(100℃﹣20℃)=3.36×105J;
(2)由P= 可得，电热水壶在7min内所消耗的电能：
W=Pt′=1000W×7×60s=4.2×105J;
(3)要把同样一壶水烧开，水吸收的热量不变，若电热水壶的热效率不变，则消耗的电能相同，
由P= 可得，电热水壶的电阻：
R= = =48.4Ω，
由W= t可得，实际电压为198V时需要的加热时间：
t″= = ≈519s.
答：(1)水吸收的热量是3.36×105J;
(2)电热水壶在7min内所消耗的电能是4.2×105J;
(3)由于现在是用电高峰，电网中的实际电压为198V，要把同样一壶水烧开，若电热水壶的热效率不变，则需要加热519s.
【点评】本题考查了吸热公式和电功公式、电功率公式的应用，要注意“要把同样一壶水烧开，水吸收的热量不变，电热水壶的热效率不变时消耗的电能相同”.
26.某人站在水平高台上用如图所示的滑轮组提升重物，不计绳重和摩擦.第一次他匀速提升重物G1=150N时，人竖直向上拉绳的力为F1，人对高台的压强为p1;第二次他匀速提升另一重物G2=270N时，人竖直向上拉绳的力为F2，人对高台的压强为p2.两次物体匀速上升的速度均为0.5m/s，人的重力G人=500N，且p1：p2=14：15.求：
(1)若人的双脚与高台的总接触面积为4×10﹣2m2，当人站在高台上没有拉绳时，人对高台的压强;
(2)第一次提升重物时，克服物体重力做功的功率;
(3)第二次提升重物时，滑轮组的机械效率.
【分析】(1)当人站在高台上没有拉绳时，对高台的压力和自身的重力相等，根据p= 求出人对高台的压强;
(2)第一次提升重物时，根据P= = =Gv求出克服物体重力做功的功率;
(3)由图可知滑轮组绳子的有效股数，根据F= (G+G动)表示出绳子自由端的拉力，人对高台的压力等于绳子的拉力和人的重力之和，根据p= 求出人对高台的压强，利用两次压强之比求出动滑轮的重力;使用滑轮组时，提升物体重力所做的功为有用功，克服物体重力和动滑轮重力所做的功为总功，根据η= ×100%= ×100%= ×100%求出第二次提升重物时滑轮组的机械效率.
【解答】解：(1)当人站在高台上没有拉绳时，对高台的压力：
F压=G人=500N，
人对高台的压强：
p人= = =1.25×104Pa;
(2)第一次提升重物时，克服物体重力做功的功率：
P=G1v=150N×0.5m/s=75W;
(3)由图可知，n=3，则绳子自由端的拉力：
F= (G+G动)= (G+G动)，
人对高台的压力：
F压=G人+F=G人+ (G+G动)，
对高台的压强：
p= = = ，
第一次他匀速提升重物G1=150N时，
p1= = = ，p2= = = ，
则 = = = ，
解得：G动=30N，
由η= ×100%= ×100%= ×100%可得，第二次提升重物时滑轮组的机械效率：
η= ×100%= ×100%=90%.
答：(1)当人站在高台上没有拉绳时，人对高台的压强为1.25×104Pa;
(2)第一次提升重物时，克服物体重力做功的功率为75W;
(3)第二次提升重物时，滑轮组的机械效率为90%.
【点评】本题考查了压强、功率和滑轮组机械效率的计算，正确的表示出提升物体时两次人对高台的压强求出动滑轮的重力是关键.
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