2018年陕西中考物理试题带答案解析
2018年陕西中考物理试题带答案解析
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2018年陕西中考物理选择题
一、选择题(共8小题，每小题2分，计16分，每小题只有一个选项是符合题目要求的)
1.图示为我国民族吹管乐器﹣﹣唢呐，用它吹奏名曲《百鸟朝凤》时，模仿的多种鸟儿叫声悦耳动听，让人仿佛置身于百鸟争鸣的森林之中，关于唢呐，下列说法正确的是( )
A.用不同的力度吹奏，主要改变声音的音调
B.吹奏时按压不同位置的气孔，主要改变声音的响度
C.唢呐前端的喇叭主要改变声音的音色
D.唢呐模仿的鸟儿叫声令人愉悦，是乐音
2.下列估测最符合实际的是( )
A.初中生大拇指的长度一般为10cm
B.篮球从篮板上的篮圈落到地面的时间约为1min
C.炎热夏天，太阳下摸起来烫手的石头，温度一定高于37℃
D.你用来答卷的笔质量约为100g
3.下列图象与描述的物理量间的关系，对应错误的是( )
A.
晶体温度与加热时间的关系
B.
液体沸腾前后温度与加热时间的关系
C.
物体做匀速直线运动时路程与时间的关系
D.
同种物质质量与体积的关系
4.关于人类对世界的探索和认识，下列说法正确的是( )
A.原子由原子核和核外电子组成，原子核不可再分
B.对分子运动的研究只能借助光学显微镜
C.伽利略利用自制的望远镜进行了大量的天文观测，支持了哥白尼的“日心说”
D.构成宇宙的星系有的是运动的，有的是静止的
5.下列符合安全用电的做法是( )
A.将电风扇三线插头最长的脚弯曲后，插在两孔插座上使用
B.家庭电路出现故障，断电后进行维修
C.将开关接在家庭电路的零线上
D.拔插头时直接用手拽插头上的电线
6.下列图中的实验反映了发电机的工作原理的是( )
A. B. C. D.
7.精细陶瓷以硬度大、耐高温、绝缘线好、有的还有高透光性等特点成为当代新材料之一，下列陶瓷制品中主要利用耐高温这一物理属性的是( )
A.陶瓷制成的汽油机火花塞 B.陶瓷刀具
C.陶瓷制成的光导纤维 D.陶瓷制成的人工膝关节
8.图示为一种新型薄膜太阳能电池，厚度只有几微米，可弯曲，1g薄膜太阳能电池1h可提供6×10﹣3kW•h的电能，它可以贴在玻璃上，制成太阳能发电窗户，下列说法正确的是( )
A.太阳能不是清洁能源
B.太阳能从太阳传递到薄膜电池上没有能量损失
C.薄膜太阳能电池将电能直接转化为光能
D.1g薄膜太阳能电池1h可提供2.16×104J的电能
2018年陕西中考物理非选择题
二、填空与作图题(共6小题，计19分)
9.干燥的冬天，化纤衣服很容易吸附灰尘，这是衣服因为摩擦带了 ，从而具有了 轻小物体的性质.
10.我国著名羽毛球运动员傅海峰扣球时不仅改变了羽毛球的 方向，而且使羽毛球的速度高达383km/h，合 m/s(计算结果保留一位小数)，从而使羽毛球具有较大的 能.
11.图示为“长征六号”运载火箭，它首次采用了我国最新研制的大推力液氧煤油发动机.
①煤油燃烧过程中，其热值大小 ;
②火箭起飞时，煤油燃烧产生大量高温高压的燃气，燃气对火箭的推力达1.2×106N，这个力可举起质量为 t的物体(g取10N/kg);
③燃气对火箭做功，燃气的内能会 (选填“增大”、“减小”或“不变”).
12.小明清洗甜瓜时发现它漂浮在水面，此时甜瓜受到的浮力的大小 (选填“大于”、“小于”或“等于”)重力，小明想知道甜瓜的密度，于是将甜瓜放入盛满水的溢水杯中，静止时溢出水410mL，再使甜瓜向下浸没在水中，又溢出水25mL，此时甜瓜受到的浮力比漂浮时增大了 N(g取10N/kg)，甜瓜的密度为 g/cm3.
13.如图1所示，铅笔芯与滑动变阻器串联在电压恒为6V的电路中，闭合开关，滑动变阻器的滑片从A端向B端移动，电流表和电压表示数变化情况如图2所示，由图象可知，当滑动变阻器两端电压为1V时，滑动变阻器消耗的功率为 W，此时，铅笔芯两端的电压是 V，铅笔芯的电阻是 Ω，在滑动变阻器接入电路的阻值逐渐减小的过程中，铅笔芯的电阻 (选填“变大”、“变小”或“不变”).
14.(1)如图1为一个装满水盖上硬纸片后倒置的杯子，请在纸片下表面O点处画出纸片受到大气压力F的示意图;
(2)图2是“探究电流通过导体产生热量与电阻关系”的实物电路，请用笔画线代替导线完成电路连接.
三、实验与探究题(共3小题，计19分)
15.按要求完成下列填空：
(1)如图1，电压表的示数为 V;
(2)如图2，静止的小车突然向右运动时，放在小车上的木块会向 倾倒;
(3)如图3，更换电阻R，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数保持不变，则实验探究的是电流与 的关系;
(4)如图4，给固体加热时，采用“水浴法”达到的主要效果是让固体 .
16.某小组同学用如图1的装置“探究凸透镜成像特点”，其中凸透镜的焦距为15cm，他们进行实验的同时在坐标纸上记录蜡烛与光屏上像的位置和大小，如图2(用带箭头的线段表示物或像，A′，B′分别表示蜡烛在A，B处像的位置).
(1)从图2中可以看出，蜡烛在A，B位置时光屏上得到的都是倒立、 的实像，生活中利用这个成像特点制成了 (写出一个即可);
(2)和其他小组交流后发现，当蜡烛在距透镜15﹣30cm之间时，像均成在透镜另一侧距透镜30cm以外处，但是，当他们把蜡烛放在C位置时，在光具座上无论怎样移动光屏，都不能得到清晰的像，原因是像距 ;
(3)为了让蜡烛在C位置的像成在光具座上的光屏上，他们采用了两种做法：
做法一：保持蜡烛和透镜的位置不变，更换凸透镜，在光具座上移动光屏，光屏上又出现了清晰的像，这表明像距变 了，由此推断更换的凸透镜会聚光的能力较强，此透镜焦距 15cm(选填“大于”、“小于”或“等于”).
做法二：保持蜡烛和透镜的位置不变，在蜡烛和透镜之间再放置一个凸透镜，在光具座上移动光屏，光屏上又出现了清晰的像，由此实验联系实际，远视眼的晶状体焦距较 (选填“大”或“小”)，将近处物体的像成在视网膜 方(选填“前”或“后”)，故需佩戴 透镜矫正.
17.在某兴趣小组的同学观察到：①飞机在起飞和航行时机翼的仰角不同;②飞机越大其机翼越大.他们想探究“机翼获得升力的大小与机翼仰角、机翼面积有什么关系?”(注：机翼仰角为机翼下表面与水平面的夹角，机翼面积指机翼在水平面上投影的面积)
他们利用塑料泡沫等材料自制了三个质量相同、形状相同、面积不同的机翼模型，把圆柱形空心笔穿过“机翼”并固定在“机翼”上，将一根金属杆从笔杆中穿过并上下固定，确保“机翼”能沿金属杆在竖直方向移动，将“机翼”挂在测力计的下方，实验装置如图所示.
(1)用鼓风机对着“机翼”吹风模拟飞机在空中飞行，当鼓风机向右吹风时，以气流为对照物，飞机向 飞升;
(2)为了研究“机翼”获得的升力与仰角的关系，他们对同一个“机翼”吹风，并保持风速不变，只改变“机翼” 的大小，观察并记录测力计的示数，在其他条件相同时，更换面积不同的“机翼”重复上述实验，实验记录如表：
(每次吹风前测力计示数均为3.5N)
机翼面积/cm2
测力计示数/N
机翼仰角 275 395 566
0°(水平) 3.2 3.0 2.6
较小 3.0 2.9 2.4
较大 2.9 2.8 2.3
最大 3.1 2.9 2.7
①在上述实验中，吹风前后测力计示数的 即为“机翼”获得升力的大小;
②通过分析数据可以得出结论：当质量、形状、机翼面积和风速相同时，仰角增大，获得的升力 (选填“一定”或“不一定”)增大;当质量、形状、仰角和风速相同时，机翼面积越大，获得的升力 ;
③实验时，“机翼”沿金属杆上升，金属杆对笔杆有向 的摩擦力，因此测得的升力应 “机翼”实际获得的升力.
四、综合题(共2小题，计16分)
18.如图是一台两栖履带起重机，它可以在陆地和水深不超过2.5米的滩涂路面行驶工作.
(1)起重机安装宽大履带的目的是减小起重机对地面的 ;
(2)当起重机吊起4.8×105N的货物时，货物匀速升高15m用时40s，若滑轮组的机械效率为75%，滑轮组上绳子自由端的拉力及拉力的功率各是多少?
19.如图1为一款利用高温水蒸气熨烫衣服的便携式挂烫机，它的正常工作电压为220V，水箱装水最多0.3kg，加热功率有大小两个档位，设计师最初设计的内部电路有如图2甲、乙两种接法，其中电热丝R1=56Ω，R2=44Ω.
(1)高温水蒸气熨烫衣服时，水蒸气遇到衣服迅速 成小水珠，放出热量，将衣服熨平(填物态变化名称);
(2)如果选择甲电路，电路中最大电流为 A，如果选择乙电路，电路中最大电流为 A，由于两个电路中所选熔断器里的熔丝允许通过的最大电流为8.2A，故设计师最终选择了甲电路;(计算结果保留一位小数)
(3)请分别计算这款挂烫机两个档位的额定功率;
(4)若将水箱中0.22kg的水从25℃加热到100℃，挂烫机至少需要加热多长时间?[水的比热容c=4.2×103J/(kg•℃)].
2018年陕西中考物理答案
一、选择题(共8小题，每小题2分，计16分，每小题只有一个选项是符合题目要求的)
1.图示为我国民族吹管乐器﹣﹣唢呐，用它吹奏名曲《百鸟朝凤》时，模仿的多种鸟儿叫声悦耳动听，让人仿佛置身于百鸟争鸣的森林之中，关于唢呐，下列说法正确的是( )
A.用不同的力度吹奏，主要改变声音的音调
B.吹奏时按压不同位置的气孔，主要改变声音的响度
C.唢呐前端的喇叭主要改变声音的音色
D.唢呐模仿的鸟儿叫声令人愉悦，是乐音
【分析】声音的特性包括音调、响度和音色.音调指声音的高低，响度指声音的大小、音色是声音的品质与特色;
从物理学角度，发声体有规则振动发出的是乐音，无规则振动发出的是噪音;从环保角度，凡是影响人们正常工作、学习、休息的声音，都可能是噪音.
【解答】解：A、用不同的力度吹奏，主要发声体的振幅不同，从而发出声音的响度不同，故A错误;
B、吹奏时按压不同位置的气孔，则发声的空气柱长度不同，振动频率不同，因此主要改变声音的音调，故B错误;
C、唢呐前端的喇叭主要是使声音放大，主要改变声音的响度，故C错误;
D、唢呐模仿的鸟儿叫声令人愉悦，此时对听到的人来说是乐音，故D正确.
故选D.
【点评】本题主要考查了对声音特性的辨别以及对乐音、噪音定义的理解等，要注意对概念的理解.
2.下列估测最符合实际的是( )
A.初中生大拇指的长度一般为10cm
B.篮球从篮板上的篮圈落到地面的时间约为1min
C.炎热夏天，太阳下摸起来烫手的石头，温度一定高于37℃
D.你用来答卷的笔质量约为100g
【分析】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项.
【解答】解：
A、一支钢笔的长度在10cm左右，初中生大拇指的长度一般在5cm左右.此选项不符合实际;
B、篮球架的篮圈到地面的高度在3m左右，篮球从篮板上的篮圈落到地面的时间在3s左右.此选项不符合实际;
C、人体正常体温在37℃左右，摸起来感觉烫手的石头，说明温度比37℃高得多.此选项符合实际;
D、一块橡皮的质量在8g左右，答卷笔的质量与此差不多，在10g左右.此选项不符合实际.
故选C.
【点评】物理学中，对各种物理量的估算能力，也是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义.
3.下列图象与描述的物理量间的关系，对应错误的是( )
A.
晶体温度与加热时间的关系
B.
液体沸腾前后温度与加热时间的关系
C.
物体做匀速直线运动时路程与时间的关系
D.
同种物质质量与体积的关系
【分析】先思考图象中两个物理量的关系是怎样的，再看图象中所反应的这两个物理量的关系与这个关系是否吻合.
【解答】解：A、晶体在熔化前温度升高，熔化时温度保持不变，熔化后吸热温度升高，所以C正确;
B、液体沸腾后，继续吸热，温度不变，而图中表示温度降低、不变、降低，故B错误;
C、匀速直线运动的物体，速度是一定值，路程和时间成正比，故C正确;
D、物质的质量m与物体的体积V成正比，物体的m﹣V图象是一条倾斜的直线，图乙图象与物体的质量与体积关系关系相符，故D正确.
故选B.
【点评】此题考查了对m﹣﹣V图象、晶体的熔化图象、s﹣﹣t图象的分析，关键是搞清各物理量之间的关系.
4.关于人类对世界的探索和认识，下列说法正确的是( )
A.原子由原子核和核外电子组成，原子核不可再分
B.对分子运动的研究只能借助光学显微镜
C.伽利略利用自制的望远镜进行了大量的天文观测，支持了哥白尼的“日心说”
D.构成宇宙的星系有的是运动的，有的是静止的
【分析】原子核由质子和中子组成;
物质是由分子组成的，分子是体积非常小，一般分子的直径只有百亿分之几米，通常以10﹣10m做单位来量度;
伽利略率先用望远镜观察天空，由此得到的关于天体运行的结果支持了哥白尼的日心说;
宇宙中运动是绝对的，静止是相对的.
【解答】解：
A、原子核由质子和中子组成，而质子和中子都是由“夸克”的粒子组成的，故A错误;
B、组成物质的分子体积非常小，如果将分子看成一个个的小球，其直径只有百亿分之几米，一般显微镜看不到，所以必须使用超级电子显微镜进行观察，故B错误;
C、经典力学和实验物理学的先驱伽利略率先用望远镜观察天空，由此得到的关于天体运行的结果支持了哥白尼的日心说，故C正确;
D、宇宙中运动是绝对的，静止是相对的，构成宇宙的星系都是运动的，故D错误;
故选C.
【点评】此题考查了人类对微观结构与宏观世界的认识，属于基本知识，能激发学生的学习兴趣，调动学业生学习的积极性.
5.下列符合安全用电的做法是( )
A.将电风扇三线插头最长的脚弯曲后，插在两孔插座上使用
B.家庭电路出现故障，断电后进行维修
C.将开关接在家庭电路的零线上
D.拔插头时直接用手拽插头上的电线
【分析】对每个选项逐一分析，选项A涉及接地线问题，选项B涉及电路维修常识，应断电维修，选项C涉及开关接火线问题，选项D涉及生活常识，如何正确使用插头.
【解答】解：
A、电风扇三线插头最长的脚是接地的，不能弯曲不用，故A错误;
B、家庭电路出现故障，断电后进行，符合安全用电原则，故B正确;
C、开关应开关接在家庭电路的零线上，故C错误;
D、拔插头时直接用手拽插头上的电线，线断了会触电，不安全，故D错误.
故选：B.
【点评】本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，不能违反.
6.下列图中的实验反映了发电机的工作原理的是( )
A. B. C. D.
【分析】电磁感应现象的内容是：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流;明确选择项中提到的这四个电学设备的制成原理，然后与题目要求对应，从而可以得到答案.
【解答】解：A、此图是奥斯特实验，即该实验表明通电导线周围有磁场，故A错误;
B、该实验是用于研究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，故B错误;
C、该选项中有电源，即磁场中的线圈通电后，会受力转动，即说明通电导线在磁场中受力的作用，即电动机原理，故C错误;
D、该选项中没有电源，线圈在磁场中转动时，会做切割磁感线运动，从而产生感应电流，故是电磁感应现象，发电机就是利用该原理制成的，故D正确;
故选D.
【点评】在电和磁这一部分中，学到了很多电学设备，每个设备的制成原理是经常考查的知识点.要在理解的基础上，记住这些基础知识.
7.精细陶瓷以硬度大、耐高温、绝缘线好、有的还有高透光性等特点成为当代新材料之一，下列陶瓷制品中主要利用耐高温这一物理属性的是( )
A.陶瓷制成的汽油机火花塞 B.陶瓷刀具
C.陶瓷制成的光导纤维 D.陶瓷制成的人工膝关节
【分析】根据材料的特性及各选项的材料是否适合这一特性来判断.
【解答】解：
A、陶瓷制成的汽油机的火花塞是利用陶瓷耐高温的特点，故A符合题意;
B、用纳米陶瓷材料制成切割硬物的刀具利用坚硬、耐磨的特性，故B不符合题意;
C、光导纤维不能导电，但可以导光是利用了高透光性的特点，故C不符合题意;
D、用纳米陶瓷制成的人工膝关节是利用了其具有一定的韧性，故D不符合题意.
故选A.
【点评】要会分析根据材料的特性来判断应用的场合，是一道基础题，学生易于解答.
8.图示为一种新型薄膜太阳能电池，厚度只有几微米，可弯曲，1g薄膜太阳能电池1h可提供6×10﹣3kW•h的电能，它可以贴在玻璃上，制成太阳能发电窗户，下列说法正确的是( )
A.太阳能不是清洁能源
B.太阳能从太阳传递到薄膜电池上没有能量损失
C.薄膜太阳能电池将电能直接转化为光能
D.1g薄膜太阳能电池1h可提供2.16×104J的电能
【分析】(1)太阳能清洁环保无污染;
(2)太阳能从太阳传递到薄膜电池上有一定的效率，所以有能量损耗;
(3)薄膜太阳能电池将光能直接转化为电能;
(4)可根据题目已知条件“1g薄膜太阳能电池1h可提供6×10﹣3kW•h的电能”进行单位换算得出以焦耳为单位的电能数值.
【解答】解：A、太阳能清洁环保无污染，所以A错误;
B、太阳能从太阳传递到薄膜电池上有一定的效率，所以有能量损耗，所以B错误;
C、薄膜太阳能电池将光能直接转化为电能，所以C错误;
D、可根据题目已知条件“1g薄膜太阳能电池1h可提供6×10﹣3kW•h的电能”进行单位换算得出以焦耳为单位的电能数值，6×10﹣3kW•h=6×10﹣3×3.6×106J=2.16×104J，D正确.
故选：D
【点评】本题考查太阳能电池的优点和电能的计算，关键是正确计算太阳能电池板产生的电能.
二、填空与作图题(共6小题，计19分)
9.干燥的冬天，化纤衣服很容易吸附灰尘，这是衣服因为摩擦带了 电荷 ，从而具有了 吸引 轻小物体的性质.
【分析】通过衣服容易脏，可以确定衣服吸引了轻小物体，由此联想到化纤衣服与人体会发生摩擦而起电.
【解答】解：化纤衣服与人体摩擦，摩擦起电，使衣服带有了电荷，由于带电体能够吸引轻小物体.所以带电的衣服会将细小的物体灰尘吸附在它上面，造成了衣服比较容易脏.
故答案为：电荷;吸引.
【点评】该题考查了摩擦起电以及带电体可以吸引不带电的轻小物体.
10.我国著名羽毛球运动员傅海峰扣球时不仅改变了羽毛球的 运动 方向，而且使羽毛球的速度高达383km/h，合 106.4 m/s(计算结果保留一位小数)，从而使羽毛球具有较大的 动 能.
【分析】①力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态;运动状态的包括物体的运动方向和速度的改变;
②1km/h= m/s;
③影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度.
【解答】解：①著名羽毛球运动员傅海峰扣球时不仅改变了羽毛球的运动方向;
②383km/h=383× m/s≈106.4m/s;
③羽毛球的质量不变，速度很大，所以羽毛球具有较大的动能.
故答案为：运动;106.4;动.
【点评】此题考查力的作用效果、速度的单位换算和动能大小的影响因素，是一道综合性较强的题目，但难度不大，属于基础题.
11.图示为“长征六号”运载火箭，它首次采用了我国最新研制的大推力液氧煤油发动机.
①煤油燃烧过程中，其热值大小 不变 ;
②火箭起飞时，煤油燃烧产生大量高温高压的燃气，燃气对火箭的推力达1.2×106N，这个力可举起质量为 120 t的物体(g取10N/kg);
③燃气对火箭做功，燃气的内能会 减小 (选填“增大”、“减小”或“不变”).
【分析】(1)热值是物质的一种特性，与质量的大小无关;
(2)火箭起飞时，燃气对火箭的推力与卫星对火箭的压力是一对作用力与反作用力，据此求出火箭承受的压力，即物体的重力;
利用重力的计算公式：根据G=mg可以计算出其质量;
(3)内燃机在做功冲程的能量转化是内能转化为机械能的冲程，内能将减小.
【解答】解：
①热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，所以煤油燃烧过程中，其热值大小不变;
②火箭起飞时，燃气对火箭的推力与卫星对火箭的压力是一对作用力与反作用力，所以火箭承受的压力为1.2×106N，即物体的重力G=1.2×106N;
根据G=mg可知，这个力可举起质量为m= = =1.2×105kg=120t;
③燃气对火箭做功，内能转化为机械能，所以燃气的内能会减小.
故答案为：①不变;②120;③减小.
【点评】本题考查了热值的特性、相互作用力的应用、重力公式的应用以及改变内能的方式，属于综合性题目.
12.小明清洗甜瓜时发现它漂浮在水面，此时甜瓜受到的浮力的大小 等于 (选填“大于”、“小于”或“等于”)重力，小明想知道甜瓜的密度，于是将甜瓜放入盛满水的溢水杯中，静止时溢出水410mL，再使甜瓜向下浸没在水中，又溢出水25mL，此时甜瓜受到的浮力比漂浮时增大了 0.25 N(g取10N/kg)，甜瓜的密度为 0.943 g/cm3.
【分析】(1)漂浮时，浮力等于自身的重力;
(2)知道增大的排开液体的体积，故据阿基米德原理可以计算出增大的浮力;
(3)据题目中的漂浮，可以计算出浮力等于自身的重力，可得甜瓜的质量，再据体积可以计算出甜瓜的密度.
【解答】解：小明清洗甜瓜时发现它漂浮在水面，此时甜瓜受到的浮力的大小等于等于重力;
将甜瓜放入盛满水的溢水杯中，静止时溢出水410mL，再使甜瓜向下浸没在水中，又溢出水25mL，此时甜瓜受到的浮力比漂浮时增大了：△F浮=G排=ρ液g△V排=1000kg/m3×25×10﹣6m3×10N/kg=0.25N;
将甜瓜放入盛满水的溢水杯中，静止时溢出水410mL，即此时所受的浮力是：
F浮=G排=ρ液gV排=1000kg/m3×410×10﹣6m3×10N/kg=4.1N;
由于漂浮，所以F浮=G本;
故据G=mg可得：m= = =0.41kg;
故甜瓜的密度是：ρ= = ≈943kg/m3=0.943g/cm3.
故答案为：等于;0.25;0.943.
【点评】此题主要考查了有关重力的计算、浮力的计算，同时还考查了物体的浮沉条件.关键是搞清物体浮力和重力之间的关系.
13.如图1所示，铅笔芯与滑动变阻器串联在电压恒为6V的电路中，闭合开关，滑动变阻器的滑片从A端向B端移动，电流表和电压表示数变化情况如图2所示，由图象可知，当滑动变阻器两端电压为1V时，滑动变阻器消耗的功率为 0.5 W，此时，铅笔芯两端的电压是 5 V，铅笔芯的电阻是 10 Ω，在滑动变阻器接入电路的阻值逐渐减小的过程中，铅笔芯的电阻 变小 (选填“变大”、“变小”或“不变”).
【分析】(1)根据图象读出电压表示数为1V时电流表的示数，根据P=UI即可求出滑动变阻器此时消耗的功率;根据串联电路电压规律可知铅笔两端的电压，根据欧姆定律的应用即可求出铅笔芯的电阻;
(2)根据图象读出电压表示数为3V时电流表的示数，根据串联电路电压规律以及欧姆定律的应用求出此时铅笔芯的阻值，从而得出铅笔芯电阻的变化.
【解答】解：(1)根据图象可知，当电压表示数为1V时，电流表示数为0.5A，此时滑动变阻器消耗的功率：P=UI=1V×0.5A=0.5W;
因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以，此时铅笔芯两端电压为6V﹣1V=5V;
由I= 可得，铅笔芯的阻值：R= = =10Ω;
(2)根据图象可知，当电压表示数为3V时，电流表示数为0.25A;
因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以，此时铅笔芯两端电压为6V﹣3V=3V;
由I= 可得，铅笔芯的阻值：R= = =12Ω，显然当滑动变阻器接入电路的阻值逐渐减小的过程中，铅笔芯的电阻变小.
故答案为：0.5;5;10;变小.
【点评】本题关键是欧姆定律及其变形的灵活运用，难点是从图象上得出有用信息，本题重点考查了应用图象解决问题，这是以后学习的重点.
14.(1)如图1为一个装满水盖上硬纸片后倒置的杯子，请在纸片下表面O点处画出纸片受到大气压力F的示意图;
(2)图2是“探究电流通过导体产生热量与电阻关系”的实物电路，请用笔画线代替导线完成电路连接.
【分析】(1)力的示意图是用一个带箭头的线段把力的大小、方向、作用点三个要素表示出来，线段的长短表示力的大小，箭头表示力的方向，线段起点或终点表示力的作用点.
(2)由焦耳定律可知，电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，为了研究电流与导体电阻的关系，要控制通过的电流和通电时间不变，故可把两电阻丝串联接入电路.
【解答】解：(1)由题意知，纸片受到大气压力F的作用点在O点，方向竖直向上，过压力的作用点沿垂直于纸片向上的方向画一条有向线段即可.如图所示：
(2)验证“电流通过导体时产生的热量与导体的电阻大小有关”，应控制通过两导体的电流与通电时间相等，因为串联电路中各处的电流相同，因此应将两电阻丝、滑动变阻器与电源组成串联电路，同时这种连接方式还可以控制通电时间相同，便于研究电流所产生的电热的多少与电阻大小的关系，电路图如图所示：
【点评】(1)画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边.按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图.
(2)本题考查实物电路的连接，关键是明确电路的连接方式.
三、实验与探究题(共3小题，计19分)
15.按要求完成下列填空：
(1)如图1，电压表的示数为 13.5 V;
(2)如图2，静止的小车突然向右运动时，放在小车上的木块会向 左 倾倒;
(3)如图3，更换电阻R，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数保持不变，则实验探究的是电流与 电阻 的关系;
(4)如图4，给固体加热时，采用“水浴法”达到的主要效果是让固体 受热均匀 .
【分析】(1)明确电压表的量程和分度值，可根据指针的位置读出示数;
(2)从惯性的角度可对小车运动时木块的状态做出判断;
(3)在探究欧姆定律的实验中，保持电压大小不变，改变电阻，可探究电流与电阻的关系;
(4)了解“水浴法”在加热固体中的作用可解答.
【解答】解：(1)图1中电压表的量程为0～15V，分度值为0.5V，其示数为13.5V;
(2)如图2，静止的小车突然向右运动时，放在小车上的木块由于惯性仍会保持原来的静止状态，所以会向左倾倒;
(3)如图3，更换电阻R，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数保持不变，这一过程中，不变量是电压，改变的量是电阻，因此实验探究的是电流与电阻的关系;
(4)如图4，给固体加热时，采用“水浴法”达到的主要效果是让固体受热均匀.
故答案为：(1)13.5;
(2)左;
(3)电阻;
(4)受热均匀.
【点评】本题通过四幅图考查了几个不同的实验现象或应用，要求我们对常见的实验细节要有一个明确的认识.
16.某小组同学用如图1的装置“探究凸透镜成像特点”，其中凸透镜的焦距为15cm，他们进行实验的同时在坐标纸上记录蜡烛与光屏上像的位置和大小，如图2(用带箭头的线段表示物或像，A′，B′分别表示蜡烛在A，B处像的位置).
(1)从图2中可以看出，蜡烛在A，B位置时光屏上得到的都是倒立、 放大 的实像，生活中利用这个成像特点制成了 投影仪 (写出一个即可);
(2)和其他小组交流后发现，当蜡烛在距透镜15﹣30cm之间时，像均成在透镜另一侧距透镜30cm以外处，但是，当他们把蜡烛放在C位置时，在光具座上无论怎样移动光屏，都不能得到清晰的像，原因是像距 太大(或超出了光具座的长度范围) ;
(3)为了让蜡烛在C位置的像成在光具座上的光屏上，他们采用了两种做法：
做法一：保持蜡烛和透镜的位置不变，更换凸透镜，在光具座上移动光屏，光屏上又出现了清晰的像，这表明像距变 小 了，由此推断更换的凸透镜会聚光的能力较强，此透镜焦距 小于 15cm(选填“大于”、“小于”或“等于”).
做法二：保持蜡烛和透镜的位置不变，在蜡烛和透镜之间再放置一个凸透镜，在光具座上移动光屏，光屏上又出现了清晰的像，由此实验联系实际，远视眼的晶状体焦距较 小 (选填“大”或“小”)，将近处物体的像成在视网膜 后 方(选填 “前”或“后”)，故需佩戴 凸 透镜矫正.
【分析】(1)当2f>u>f时，凸透镜成倒立放大的实像，应用是幻灯机或投影仪;
(2)探究凸透镜成像的实验时，若光屏上没有像，可能是因为物距小于焦距，成了虚像，不能成在光屏上;有可能光屏、凸透镜和烛焰的中心不在同一高度上，像无法成在光屏上;有可能物体在焦点上，不能成像.
(3)物体位于凸透镜1倍焦距之内时，成正立、放大的虚像，此时像距大于物距;
当光屏上又出现了清晰的像，这表明像是实像，此时物像异侧，由此可知像距的变化;
凸透镜会聚光的能力越强，焦距越短;
远视眼成因：眼球晶状体的曲度过小，远处物体反射来的光线通过晶状体折射后形成的物像，就会落在视网膜的后方造成的.远视矫正方法，需佩戴凸透镜.
【解答】解：(1)从图2中可以看出，蜡烛在A，B位置时，u>2f，凸透镜成倒立缩小的实像，应用是照相机;(2)无论怎样移动光屏都不能在光屏上得到像，可能是物距小于焦距，成了虚像，不能成在光屏上，此时像距太大(或超出了光具座的长度范围);如图所示：
(3)保持蜡烛和透镜的位置不变，更换凸透镜，在光具座上移动光屏，光屏上又出现了清晰的像，说明成实像，根据凸透镜成像规律可知，像距大于焦距，故像距变大了，由此推断更换的凸透镜会聚光的能力较强，此透镜焦距小于15cm.
产生远视眼的原因是，晶状体太薄，折光能力太弱，焦距变小，近处的物体的像成在视网膜之后，因此远视眼看不清近处的物体，可以用凸透镜的镜片进行矫正.
故答案为：(1)放大;投影仪;(2)太大(或超出了光具座的长度范围);(3)小;小于;大;后;凸.
【点评】关于凸透镜成像的规律中，共涉及四个方面的内容：①物距与焦距的关系;②成像的性质;③像距与焦距的关系;④具体的应用.一般情况下，只要告诉其中的一条，就可以确定另外三方面的内容.
17.在某兴趣小组的同学观察到：①飞机在起飞和航行时机翼的仰角不同;②飞机越大其机翼越大.他们想探究“机翼获得升力的大小与机翼仰角、机翼面积有什么关系?”(注：机翼仰角为机翼下表面与水平面的夹角，机翼面积指机翼在水平面上投影的面积)
他们利用塑料泡沫等材料自制了三个质量相同、形状相同、面积不同的机翼模型，把圆柱形空心笔穿过“机翼”并固定在“机翼”上，将一根金属杆从笔杆中穿过并上下固定，确保“机翼”能沿金属杆在竖直方向移动，将“机翼”挂在测力计的下方，实验装置如图所示.
(1)用鼓风机对着“机翼”吹风模拟飞机在空中飞行，当鼓风机向右吹风时，以气流为对照物，飞机向 左 飞升;
(2)为了研究“机翼”获得的升力与仰角的关系，他们对同一个“机翼”吹风，并保持风速不变，只改变“机翼” 仰角 的大小，观察并记录测力计的示数，在其他条件相同时，更换面积不同的“机翼”重复上述实验，实验记录如表：
(每次吹风前测力计示数均为3.5N)
机翼面积/cm2
测力计示数/N
机翼仰角 275 395 566
0°(水平) 3.2 3.0 2.6
较小 3.0 2.9 2.4
较大 2.9 2.8 2.3
最大 3.1 2.9 2.7
①在上述实验中，吹风前后测力计示数的 变化量(或差值、减小量) 即为“机翼”获得升力的大小;
②通过分析数据可以得出结论：当质量、形状、机翼面积和风速相同时，仰角增大，获得的升力 不一定 (选填“一定”或“不一定”)增大;当质量、形状、仰角和风速相同时，机翼面积越大，获得的升力 越大 ;
③实验时，“机翼”沿金属杆上升，金属杆对笔杆有向 下 的摩擦力，因此测得的升力应 小于 “机翼”实际获得的升力.
【分析】(1)物体间的运动是相对的，以气流为参照物，飞机沿气流相反的方向运动;
(2)要研究“机翼”获得的升力与仰角的关系，就要保持其它条件不变，只改变“机翼”的仰角大小，根据现象得出相应的结论;
①本实验中，“机翼”获得升力的大小等于吹风前后测力计示数的变化量;
②分析表中数据，得出相应的结论;
③实验时，“机翼”沿金属杆上升，金属杆对笔杆有向下的摩擦力，用弹簧测力计测得的升力小于“机翼”实际获得的升力.
【解答】解：
(1)当鼓风机向右吹风时，空气向右运动，以气流为参照物，飞机向左飞升;
(2)为了研究“机翼”获得的升力与仰角的关系，他们对同一个“机翼”吹风，并保持风速不变，只改变“机翼”仰角的大小，观察并记录测力计的示数，在其他条件相同时，更换面积不同的“机翼”重复上述实验;
①在上述实验中，“机翼”获得升力的大小等于吹风前后测力计示数的变化量(或差值、减小量);
②由表中数据可知，当质量、形状、机翼面积和风速相同时，仰角增大，获得的升力有时大、有时小，所以获得的升力不一定增大;当质量、形状、仰角和风速相同时，机翼面积越大，获得的升力越大;
③实验时，“机翼”受到向上的升力，沿金属杆上升，由于金属杆对笔杆有向下的摩擦力，用弹簧测力计测得的升力小于“机翼”实际获得的升力.
故答案为：(1)左;(2)仰角;①变化量(或差值、减小量);②不一定;越大;③下;小于.
【点评】本题为信息给予题，考查了运动和静止的相对性、控制变量法的使用，要求认真审题，从中获取有用信息，因为考查的知识点不明确，属于难题!
四、综合题(共2小题，计16分)
18.如图是一台两栖履带起重机，它可以在陆地和水深不超过2.5米的滩涂路面行驶工作.
(1)起重机安装宽大履带的目的是减小起重机对地面的 压强 ;
(2)当起重机吊起4.8×105N的货物时，货物匀速升高15m用时40s，若滑轮组的机械效率为75%，滑轮组上绳子自由端的拉力及拉力的功率各是多少?
【分析】(1)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积;在受力面积一定时，减小压力;
(2)先根据η= = = 求出拉力F的大小，根据P= = =Fv计算绳端的拉力的功率.
【解答】解：
(1)履带式起重机的履带做得宽一些，是在压力一定时，通过增大受力面积减小对地面的压强;
(2)根据图示可知，n=2;
由η= = = 可得：
F= = =3.2×105N;
(3)物体移动的速度v= = =0.375m/s，
绳子移动的速度v′=2v=2×0.375m/s=0.75m/s，
拉力的功率P= = =Fv′=4.8×105N×0.75m/s=3.6×105W.
答：(1)压强;(2)绳子自由端的拉力为3.2×105N;拉力的功率为3.6×105W.
【点评】本题考查了减小压强的方法、有用功、机械效率以及功率计算公式的应用;知识点多、综合性强，有难度!
19.如图1为一款利用高温水蒸气熨烫衣服的便携式挂烫机，它的正常工作电压为220V，水箱装水最多0.3kg，加热功率有大小两个档位，设计师最初设计的内部电路有如图2甲、乙两种接法，其中电热丝R1=56Ω，R2=44Ω.
(1)高温水蒸气熨烫衣服时，水蒸气遇到衣服迅速 液化 成小水珠，放出热量，将衣服熨平(填物态变化名称);
(2)如果选择甲电路，电路中最大电流为 5 A，如果选择乙电路，电路中最大电流为 8.9 A，由于两个电路中所选熔断器里的熔丝允许通过的最大电流为8.2A，故设计师最终选择了甲电路;(计算结果保留一位小数)
(3)请分别计算这款挂烫机两个档位的额定功率;
(4)若将水箱中0.22kg的水从25℃加热到100℃，挂烫机至少需要加热多长时间?[水的比热容c=4.2×103J/(kg•℃)].
【分析】(1)水蒸气遇冷会发生液化现象，液化会放出很多热量.据此分析回答;
(2)根据所选档位的电阻，根据欧姆定律I= 即可求出通过甲乙两电路的最大电流;
(3)根据挂烫机两个档位，根据P= 可求出两个档位的功率;
(4)计算蒸汽电熨斗预热时底板吸收的热量Q，已知初温和末温、比热容、水的质量，可以利用热量的计算公式Q=cm△t计算;然后利用电功率定义式计算时间.
【解答】解：(1)高温水蒸气熨烫衣服时，水蒸气遇到衣服迅速，由气态变成液态，是液化现象;水蒸气液化时，要放出大量的热，从而将衣服熨平;
(2)如果选择甲电路，当开关旋至1、2之间时，电路中只有电阻R2工作，此时的电路中的电流最大，
电流：I大= = =5A;
如果选择乙电路，当开关旋至1、2之间时，R1、R2并联，电路中电流最大，
电流：I大′=I1+I2= + = + =3.9A+5A=8.9A;
(3)甲电路，P1=UI大=220V×5A=1100W;P2= = =484W;
乙电路：P1′=UI大′=220V×8.9A=1958W;P2′= = ≈864W;
(4)水吸收的热量：Q=cm(t﹣t0)=4.2×103J/(kg•℃)×0.22kg×(100℃﹣25℃)=6.93×104J，
由P= 得，所需时间t= = =63s.
故答案为：(1)液化;(2)5;8.9;(3)甲电路中，两个额定功率分别为1100W和484W;乙电路中，两个额定功率分别为1958W和864W;(4)将水箱中0.22kg的水从25℃加热到100℃，挂烫机至少需要加热63s.
【点评】本题考查的知识点较多，包括：物态变化、欧姆定律、物质吸收热量、电功率计算和电路分析，有一定难度.
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