2018山东泰安中考物理试卷答案解析
2018年的山东省中考时间已定，趁现在还有时间，多做一些基础的物理试卷吧。有答案解析的。下面由学习啦小编为大家提供关于2018山东泰安中考物理试卷答案解析，希望对大家有帮助!
2018山东泰安中考物理试卷答案解析一、选择题
1.关于声现象，下列说法正确的是( )
A.物体振动的越快，发出的音调越低
B.外科医生利用超声波振动除去人体内的结石是利用了声音传递能量
C.用真空罩罩住发声体减弱噪声的做法是控制噪声的产生
D.声音在不同介质中的传播速度都相同
【考点】9O：声音的综合利用.
【分析】(1)音调的高低与频率有关;
(2)声音即可传递信息，又可以传递能量;
(3)防治噪声的途径有三条：防止噪声的产生，阻断噪声的传播，防止噪声进入人耳;
(4)声音在不同介质中的传播速度一般不同.
【解答】解：
A、音调的高低与频率有关，频率越快，音调越高，故A错误
B、外科医生利用超声波振动除去人体内的结石是利用了声音能传播能量.故B正确;
C、用泡沫盒罩住发声体减弱噪声的做法是在声音的传播过程中减弱噪声，即阻断噪声的传播.故C错误;
D、声音在不同介质中的传播速度一般不同.故D错误.
故选B.
2.以下对物理现象的估测符合实际的是( )
A.一册物理课本的重力约为10N
B.课桌的高度约为75cm
C.泰安夏天最高气温约为60℃
D.中学生100m短跑成绩约为7s
【考点】77：重力大小的估测;13：温度;61：时间的估测;63：长度的估测.
【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案.
【解答】解：A、一册物理课本的质量约200g，故重力约为2N;故A错误;
B、课桌的高度接近1m，约为75cm(0.75m)故B正确;
C、泰安夏天最高气温约为40℃左右，达不到60℃;故C错误;
D、中学生100m短跑成绩约15s，故D错误;
故选B.
3.下列成语所反映的情景中，属于光的反射现象的是( )
A.水中捞月 B.坐井观天 C.一叶障目 D.海市蜃楼
【考点】A6：光的反射.
【分析】(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等;
(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的;
(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的.
【解答】解：A、水中捞月，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，符合题意.
B、坐井观天指在井中看到的天空只有井口那么大，这是光的直线传播造成的，不符合题意;
C、一叶障目，就是因为光是沿直线传播的缘故.不符合题意.
D、海市蜃楼是光在不均匀的大气中传播形成的光的折射现象，不符合题意.
故选A.
4.如图所示的四种现象中，属于光的折射现象的是( )
A. 山在水中形成“倒影” B. 景物在观后镜中成像
C. 月食现象的形成 D. 钢勺好像在水面处“折断”
【考点】AM：光的折射现象及其应用.
【分析】判断光的折射现象，要对折射的定义理解清楚，光从一种透明介质斜射入另一种透明介质中时，传播方向一般会发生改变，这是光的折射，生活中光在不均匀介质中不沿直线传播的现象也是光的折射.
【解答】解：A、平静的水面相当于平面镜，倒影是平面镜成的像，这是利用光的反射原理，故A错误.
B、观后镜是凸面镜，属于光的反射，故B错误;
C、发生月食时，太阳、月球、地球三者都在同一直线上，都可以用光沿直线传播来解释，故C错误.
D、从水中钢勺上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是钢勺的虚像，比实际位置偏高，所以感觉折断了，故D正确.
故选D.
5.2017年5月5日，C919国产打飞机在上海浦东国际机场首飞成功，标志着中国从此成为世界上能够制造大飞机的少数国家之一.当大飞机加速升空时，下列说法正确的是( )
A.以大飞机内的驾驶员为参照物，大飞机是运动的
B.大飞机的动能增大，机械能不变
C.大飞机机翼上方空气的流速大于机翼下方空气的流速
D.大飞机受到的重力大于升力
【考点】FN：动能和势能的大小变化;52：参照物及其选择;8K：流体压强与流速的关系.
【分析】(1)在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止.
(2)机械能包括动能和势能;动能的大小与质量和速度有关，质量越大、速度越快，动能就越大;重力势能大小与质量和高度有关，质量越大，高度越高;重力势能就越大.
(3)机翼的上方是弧形，空气流过上方时流速大，压强小;机翼下方是平面，空气的流速小，压强大;这一压强差使飞机获得竖直向上的升力.
(4)根据飞机的运动状态判断重力与升力的关系.
【解答】解：
A、以大飞机内的驾驶员为参照物，大飞机与驾驶员之间没有位置的变化，所以大飞机是静止的.故A错误;
B、当大飞机加速升空时，大飞机的质量不变，速度增大，其动能增大;高度升高，重力势能增大，故机械能总量增大.故B错误;
C、由于机翼的形状是“上凸下平”，同一股气流在相同的时间内通过机翼的上方和下方，上方气流通过时的路程大，速度大，压强小;下方气流通过时路程小，速度小，压强大，故机翼下方压强大于上方压强，机翼的上下表面产生了压力差，这就是向上的升力，故C正确;
D、当大飞机加速升空时，大飞机受到的重力小于升力.故D错误.
故选C.
6.关于光现象，下列说法正确的是( )
A.开凿隧道时用激光束引导掘进机，利用了光的直线传播
B.验钞机利用红外线辨别钞票的真伪
C.自行车的尾灯是靠光的折射来引起后方车辆司机注意的
D.漫反射不遵守光的反射定律
【考点】A3：光直线传播的应用;A6：光的反射;AA：漫反射;AU：紫外线.
【分析】(1)光在同一种均匀介质中是沿直线传播的;
(2)紫外线能验钞;
(3)根据光的反射分析;
(4)光射到光滑的物体上发生的是镜面反射，射到粗糙的物体上发生的是漫反射.它们的异同点主要从是否遵守光的反射定律、反射面的差异、对平行光的反射效果等方面分析.
【解答】解：
A、开凿隧道用激光束引导掘进机，使掘进机沿直线前进，是利用光沿直线传播.故A正确;
B、紫外线能使钞票上的荧光物质发光，判别钞票的真伪，故B错误;
C、自行车的尾灯是利用了全反射的原理，使光线发生了180°偏折，这属于光的反射，故C错误;
D、根据不同反射面对光的反射效果不同，物体对光的反射可分为镜面反射和漫反射两类，漫反射同样遵循光的反射定律，故D错误.
故选A.
7.我们在学习物理知识中，学到很多物理学的研究方法，比如：控制变量法、等效替代法、转换法、理想模型法、比值定义法等.下面用到转换法的是( )
A.探究电阻大小跟材料的关系时，控制了导体的长度、温度和横截面积相同
B.探究物体的动能跟哪些因素有关时，通过木块被撞的远近来判断钢球动能的大小
C.为了描述物体运动的快慢，我们把路程与时间之比叫做速度
D.计算火车从泰安到杭州的平均速度时，忽略火车的长度
【考点】2Q：物理学方法.
【分析】“转换法”指在保证效果相同的前提下，将不可见、不易见的现象转换成可见、易见的现象;将陌生、复杂的问题转换成熟悉、简单的问题;将难以测量或测准的物理量转换为能够测量或测准的物理量的方法.
【解答】解：
A、电阻与多个因素有关，在研究电阻大小跟材料的关系时，控制了导体的长度、温度和横截面积相同，采用的是控制变量法.故A不符合题意;
B、动能多少不能直接观察，在探究物体的动能跟哪些因素有关时，通过木块被撞的远近来判断钢球动能的大小，采用的是转换法.故B符合题意;
C、速度是描述物体运动快慢的物理量.在物理学中，速度等于路程与时间之比，采用的是比值定义法.故C不符合题意;
D、在计算火车从泰安到杭州的平均速度时，忽略火车的长度，将火车看成一个“质点”，采用的是模型法.故D不符合题意.
故选B.
8.关于透镜的应用，下列说法正确的是( )
A.远视眼镜利用了凸透镜对光的会聚作用
B.照相时，景物在镜头二倍焦距以内
C.投影仪中的投影片在镜头二倍焦距以外
D.望远镜的物镜使远处的物体成正立、放大的虚像
【考点】B8：凸透镜成像的应用.
【分析】(1)近视眼用凹透镜进行矫正，凹透镜对光线有发散作用;远视眼用凸透镜进行矫正，凸透镜对光线有会聚作用.
(2)根据凸透镜成像的三种情况和应用进行判断：
u>2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机，2f>v>f.
2f>u>f，成倒立、放大的实像，应用于投影仪，v>2f.
u
【解答】解：A、远视眼镜利用了凸透镜对光的会聚作用，可使光线提前会聚，故A正确;
B、照相机是应用物距大于二倍焦距时，凸透镜成倒立、缩小的实像工作的，所以被照者站在凸透镜的2倍焦距以外，故B错误;
C、投影仪是应用物距大于一倍焦距小于二倍焦距时，凸透镜成倒立、放大的实像，故C错误;
D、借助放大镜看地图时，地图到放大镜的距离应小于一倍焦距，此时成正立、放大的虚像，故D错误.
故选A.
9.如图所示的四种用具中，正常使用时属于省力杠杆的是( )
A. 天平 B. 裁纸刀
C. 筷子 D. 钓鱼竿
【考点】7T：杠杆的应用;7O：杠杆的分类.
【分析】本题主要考查对杠杆分类方法的了解，动力臂大于阻力臂的杠杆为省力杠杆，动力臂小于阻力臂的杠杆为费力杠杆，动力臂等于阻力臂的杠杆为等臂杠杆.
【解答】解：A、天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，属于等臂杠杆，故A错误;
B、裁纸刀在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故B正确;
C、筷子在使用时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故C错误;
D、钓鱼竿在使用时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故D错误.
故选B.
10.家庭电路中，下列操作符合要求的是( )
A.空气开关跳闸后，应立即合上
B.家庭电路的开关，接在零线或火线上都可以
C.使用试电笔时，手指不能碰到笔尾金属体，以免发生触电事故
D.输电线进户后，应先接电能表
【考点】IV：安全用电原则.
【分析】(1)空气开关跳闸，原因是电路有短路或漏电现象，应先检修，检查没有问题后再使空气开关复位;
(2)控制电灯的开关应安装在火线与灯之间;
(3)测电笔的正确使用方法，手一定接触笔尾金属体，一定不要接触笔尖金属体;
(4)家庭电路中电能表的作用是测量家里消耗了多少电能，接在家庭电路的干路上.
【解答】解：A、因为电路有短路或漏电现象，空气开关才跳闸，所以应先检修，检查没有问题后再使空气开关复位，故A错误;
B、电灯的开关接在了零线上时，即使断开，电灯或其他用电器仍带电，易发生触电事故，故B错误;
C、如果手不接触笔尾金属体，无论笔尖金属体接触火线还是零线，氖管都不发光;故C错误;
D、输电线进户后应先接电能表;故D正确.
故选D.
11.下列常见的自然现象，能用分子热运动知识解释的是( )
A.春天，柳枝吐芽 B.夏天，山涧瀑布
C.秋天，菊香满园 D.冬天，雪花飘飘
【考点】54：分子的热运动.
【分析】分子的体积很小，用肉眼几乎观察不到，分子在永不停息地做无规则运动，其运动速度与温度有关，温度越高，运动速度越快.
【解答】解：A、柳枝吐芽是植物的生长现象，不是分子的运动，故A不合题意;
B、山涧瀑布是水在重力作用下流动形成的，是机械运动，故B不合题意;
C、菊香满园是花香分子不停地做无规则运动的结果，故C符合题意;
D、雪花飘飘是物体的运动，不是分子的运动，分子的运动是肉眼看不到的，故D不合题意.
故选：C.
12.下列物态变化中，属于液化的是( )
A.初春，湖面的冰层变薄
B.盛夏，阳光下湿衣服晒干
C.深秋，草叶上出现露珠
D.严冬，室内玻璃窗上形成冰花
【考点】1M：液化及液化现象.
【分析】物体由液态变为固态的过程叫凝固，物体由固态变为液态的过程叫熔化.物体由液态变为气态态的过程叫汽化，汽化的两种方式是蒸发和沸腾.物体由气态变为液态的过程叫液化.物体由固态变为气态的过程叫升华.
【解答】解：A、湖面的冰层变薄是固态冰变为液态水，属于熔化现象，故A错误;
B、湿衣服变干是水变成水蒸气，属于汽化现象，故B错误;
C、露是空气中的水蒸气遇冷液化成的小水滴，故C正确;
D、严冬，室内玻璃窗上形成的冰花是室内温度较高的水蒸气凝华形成的固态小冰晶，故D错误.
故选：C.
13.在做物理实验时，经常需要进行反复多次试验，其中有些为了减小误差，有些是为了寻找普通规律.例如5个物理实验
①“用刻度尺测量长度”时，多次测量
②“探究液体内部的压强”时，多次改变液体密度、液体深度
③“探究串、并联电路中各处电流的关系”时，换用不同规格的小灯泡，多次测量
④“用伏安法测电阻”时，多次测量定值电阻两端的电压和通过电阻的电流值
⑤“探究平面镜成像特点”时多次测量物距、像距以及物和像大小
上述实验中是为了寻找普遍规律的是( )
A.只有①②③ B.只有①④ C.只有②③⑤ D.只有②④⑤
【考点】2Q：物理学方法.
【分析】测量性实验为了减小误差或者寻找规律进行多次测量，如果物理量是个恒量，多次测量求平均值可以减小实验误差;如果不是测量具体的物理量，而是寻找规律也采取多次测量，寻找普遍性.
【解答】解：
①“测量物体的长度”时，由于测量工具或测量方法等会产生实验误差，为了减小误差，采取多次测量求平均值的方法;
②“探究液体内部的压强”时，多次改变液体密度、液体深度，目的是发现总结液体内部压强的普遍规律;
③研究串、并联电路各处电流的关系”时，尤其是探究并联电路的电流特点时，如果两个灯泡阻值相同，测量的电流也会相同，就会得出“并联电路各支路电流相等”的错误结论，因此为了寻找普遍规律，换用不同规格的灯泡多次测量;
④“用伏安法测电阻”时，测量的是定值电阻的阻值，测量值是个定值，多次测量可以比较测量值减小误差;
⑤“探究平面镜成像特点”时多次测量物距、像距以及改变物体大小、观察虚像的大小，目的是得出平面镜成像的普遍规律.
所以目的是发现普遍规律的是②③⑤.
故选C.
14.关于分子热运动及热现象，下列说法正确的是( )
A.固体很难被压缩，说明分子间存在斥力
B.扩散现象只能发生在气体与液体中
C.物体吸收热量，温度一定升高
D.﹣20℃的冰块内没有内能
【考点】GH：分子间的作用力;G4：内能的概念;GW：扩散现象.
【分析】(1)分子间存在相互的引力和斥力;
(2)一切气体、液体和固体都能发生扩散现象;
(3)晶体熔化过程中，吸热但温度不变;
(4)一切物体在任何情况下都有内能.
【解答】解：
A、固体很难被压缩，说明分子间存在斥力，故A正确;
B、一切气体、液体和固体都能发生扩散现象，故B错误;
C、晶体熔化过程中，吸热但温度保持不变，故C错误;
D、一切物体在任何情况下都有内能，所以﹣20℃的冰块也有内能，故D错误.
故选A.
15.如图是用力F把一块静止压在墙面上的示意图，以下受力分析的说法
①手对木块的压力和墙对木块的弹力是一对平衡力
②手对木块的压力和木块的重力是一对平衡力
③木块受到的摩擦力和木块的重力是一对平衡力
④手对木块的压力和木块对手的弹力是一对平衡力
上述表述中正确的是( )
A.只有②正确 B.只有④正确 C.只有③④正确 D.只有①③正确
【考点】6R：平衡力的辨别.
【分析】木块处于静止，在竖直方向上受两个力而平衡，即重力和墙对木块的静摩擦力;木块在水平方向上受外力F和墙对木块的支持力，两个力是一对平衡力;平衡力作用在同一物体上，作用力和反作用力作用在不同的物体上.
【解答】解：
①手对木块的压力和墙对木块的弹力符合二力平衡的条件，是一对平衡力;
②手对木块的压力和木块的重力不在同一直线上，不是一对平衡力;
③木块受到的摩擦力和木块的重力满足二力平衡的条件，是一对平衡力;
④手对木块的压力和木块对手的弹力是一对相互作用力，不是平衡力.
故选D.
16.如图是我国早期的指南针﹣﹣司南，它是把天然磁石磨成勺子的形状，放在水平光滑的“地盘”上制成的.东汉学者王充在《论衡》中记载：“司南之杓，投之于地，其柢指南”.“柢”指的是司南长柄，下列说法中正确的是( )
①司南指南北是由于它受到地磁场的作用
②司南长柄指的是地磁场的北极
③地磁场的南极在地球地理的南极附近
④司南长柄一端是磁石的北极.
A.只有①②正确 B.只有①④正确 C.只有②③正确 D.只有③④正确
【考点】C8：地磁场.
【分析】(1)地球本身是一个巨大的磁体，地球周围的磁场叫做地磁场;
(2)指南针是根据地磁场的作用工作的，地磁的南极在地理的北极附近，而地磁的北极在地理的南极附近，再根据磁极间的作用规律，可判断指南针的指向.(3)司南实际上就是一个磁铁;磁体静止时，指南的叫南极用字母S表示;指北的叫北极，用字母N表示.
【解答】解：
地球本身是一个大磁体，司南是用天然磁石磨制成的勺子，即其实质就是一块磁铁，在地球的磁场中受到磁力的作用，其静止时其勺柄指向南方，即指南的南极用S表示;地理上的南极是地磁的北极，故①②正确，③④错误.
故选：A.
17.如图所示，C是水平地面，A、B是两个长方形物块，F是作用在物块B上沿水平方向的力，物体A和B以相同的速度做匀速直线运动.由此可知，关于A、B间摩擦力F1和B、C间摩擦力F2的分析中，正确的是( )
A.F1=0，F2=0 B.F1=0，F2≠0 C.F1≠0，F2=0 D.F1≠0，F2≠0
【考点】7D：摩擦力的大小.
【分析】物块A和B以相同的速度做匀速直线运动，合力均为零，分别以A和整体为研究对象，研究A与B间、B与地间的摩擦力.
【解答】解：
先以A为研究对象，A做匀速运动，合力为零，由平衡条件分析可知，A不受摩擦力，否则水平方向上A的合力不为零，不可能做匀速直线运动;
再以整体为研究对象，由平衡条件分析可知，地面对B一定有摩擦力，故B正确.
故选：B.
18.四冲程内燃机工作时，将内能转化成机械能的冲程是( )
A.吸气冲程 B.压缩冲程 C.做功冲程 D.排气冲程
【考点】GM：内燃机的四个冲程.
【分析】四冲程内燃机包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程.其中有两个冲程存在能量转化：压缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化为机械能.
【解答】解：在四冲程内燃机的四个冲程中，压缩冲程中活塞压缩气体对其做功，将机械能转化为内能;做功冲程是将内能转化为机械能.
故选C.
19.如图所示的电路中，电源电压保持不变，开关闭合后，滑动变阻器的滑片P向左移动时，三个电表的示数变化情况是( )
A.A的示数变小，V1的示数变大，V2的示数变小
B.A的示数变大，V1的示数变小，V2的示数变大
C.A的示数变小，V1的示数不变，V2的示数变大
D.A的示数变大，V1的示数不变，V2的示数变小
【考点】IZ：电路的动态分析;IH：欧姆定律的应用.
【分析】由电路图可知，R与滑动变阻器串联，电压表V1测电源的电压，电压表V2测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流.根据电源的电压可知滑片移动时电压表V1示数的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知变阻器两端的电压变化.
【解答】解：由电路图可知，R与滑动变阻器串联，电压表V1测电源的电压，电压表V2测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流.
因电源的电压保持不变，
所以，滑片移动时，电压表V1的示数不变，故AB错误;
当滑动变阻器的滑片P向左移动时，变阻器接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，
由I= 可知，电路中的电流变大，即电流表A的示数变大，故C错误;
由U=IR可知，R两端的电压变大，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，变阻器两端的电压变小，即电压表V2的示数变小，故D正确.
故选D.
20.如图所示的四幅图象中能反映晶体凝固特点的是( )
A. B. C. D.
【考点】1D：晶体和非晶体的区别.
【分析】根据原图的曲线走向，可以首先判断出图象是物体的凝固还是熔化过程，而只有晶体才有熔点或凝固点，可根据上述分析判断出正确的选项.
【解答】解：晶体凝固前放热温度降低，凝固时放热但温度保持不变.
A、在整个过程中温度有上升的趋势，是熔化图象，又因为有一段时间内物质吸热，温度不变，说明有一定的熔点，因此为晶体的熔化图象，故A不合题意;
B、在整个过程中温度有下降的趋势，是凝固图象，又因为该物质没有一定的凝固点，所以是非晶体的凝固图象，故B不合题意;
C、在整个过程中温度有上升的趋势，是非晶体熔化图象，故C不合题意;
D、在整个过程中温度有下降的趋势，是凝固图象，又因为有一段时间内物质放热，温度不变，说明有一定的凝固点，因此为晶体的凝固图象，故D符合题意.
故选D.
21.有甲、乙两个溢水杯，甲溢水杯盛满酒精，乙溢水杯盛满某种液体.将一不吸水的小球轻轻放入甲溢水杯中，小球下沉到杯底，溢出酒精的质量是40g;将小球从甲溢水杯中取出擦干，轻轻放入乙溢水杯中，小球漂浮且有 的体积露出液面，溢出液体的质量是50g，已知ρ酒精=0.8×103kg/m3，下列计算正确的是( )
①小球的质量是40g
②小球的体积是50cm3
③液体的密度是1.1×103kg/m3
④小球的密度是0.9×103kg/m3.
A.只有①②正确 B.只有②③正确 C.只有②④正确 D.只有①③正确
【考点】8S：物体的浮沉条件及其应用;8O：阿基米德原理.
【分析】(1)小球漂浮在乙溢水杯液体中，小球受到的浮力等于重力，进而得出球的质量;
(2)小球浸没在甲溢水杯液体中，排开酒精的体积等于小球的体积，故可得出小球的密度;
(3)据小球在乙中漂浮，据小球的密度，结合漂浮条件和阿基米德原理可计算乙液体的密度.
【解答】解：由题意知小球放入乙液体中处于漂浮状态，故F浮乙=G=G排，故m=m排=50g;
由题知，在甲中小球下沉，小球的体积就等于排开酒精的体积，所以据ρ= 可得：
v=v酒精= = =50cm3;
所以小球的密度是：
ρ球= = =1g/cm3=1000kg/m3;
因为小球在乙中漂浮，所以
F浮=G本身
根据阿基米德原理有，F浮=m排g=ρ乙g V ①;
且G本身=ρ球gV ②;
故将①②带入F浮=G本身可得：
ρ乙g V=ρ球gV
所以ρ乙= ρ球= ×1000kg/m3=1.1×103kg/m3
故②③正确;
故选B.
22.如图为一种测量酒精气体浓度的工作原理图，电源电压恒为12V，定值电阻R=40Ω，R0是酒精气敏电阻，阻值随酒精气体的浓度增大而减小，其阻值变化范围为10Ω﹣20Ω，电压表接入电路的量程为0﹣15V，电流表接入电路的量程为0﹣0.6A.闭合开关S，当环境的酒精气体的浓度增大时，下列说法正确的是( )
①电流表的示数变小
②电压表示数与电流表示数的比值不变
③电压表示数的范围为8V﹣9.6V
④电阻R0消耗的电功率范围为0.4W﹣0.8W.
A.只有①②正确 B.只有①④正确 C.只有②③正确 D.只有②③④正确
【考点】IH：欧姆定律的应用;JA：电功率的计算.
【分析】由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流.
(1)当环境的酒精气体的浓度增大时，R0阻值随酒精气体的浓度增大而减小，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R两端的电压变化，由欧姆定律结合R的阻值判断电压表示数与电流表示数的比值变化;
(2)当R0=10Ω时，电路中的总电阻最小，电路中的电流最大即经过R0的电流最大，根据电阻的串联和欧姆定律求出最大电流，根据U=IR求出电压表的最大示数;根据P=I2R求出R0消耗的电功率;当R0=20Ω时，电路中的总电阻最大，电路中的电流最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出最小电流，根据U=IR求出电压表的最小示数;根据P=I2R求出R0消耗的最小电功率.
【解答】解：由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流.
(1)当环境的酒精气体的浓度增大时，R0阻值随酒精气体的浓度增大而减小，由I= 可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，故①错误;
由R= 可知，电压表示数与电流表示数的比值等于R的阻值，则电压表示数与电流表示数的比值不变，故②正确;
(2)当R0=10Ω时，电路中的总电阻最小，电路中的电流最大，即经过R0的电流最大，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，经过R0的电流最大，I大= = =0.24A，
则电压表的最大示数为：U最大=I大R=0.24A×40Ω=9.6V，
R0消耗的电功率：PR0大=(I大)2R0=(0.24A)2×10Ω=0.576W，
当R0大=20Ω时，电路中的总电阻最大，电路中的电流最小，
电路中的最小电流：I小= = =0.2A，
则电压表的最小示数为：U最小=I小R=0.2A×40Ω=8V，
所以，电压表示数的范围为8V﹣9.6V，故③正确;
R0消耗的电功率：PR0小=(I小)2R0=(0.2A)2×10Ω=0.4W，
所以，电阻R0消耗的功率范围为0.4W～0.576W，故④错误.
故选C.
2018山东泰安中考物理试卷答案解析二、填空题
23.通电导体在磁场中受力的方向跟磁感线方向和 电流 方向有关.
【考点】C9：通电直导线周围的磁场.
【分析】解答本题应掌握：通电导体在磁场中受到磁场力的作用，力的方向由电流的方向和磁场的方向有关.
【解答】解：通电导体在磁场中受力的方向与电流方向和磁感线方向有关;若只改变电流方向，则导体受力方向会随之改变;若只改变磁感线方向，则导体的受力方向也随之改变.
故答案为：电流.
24.如图所示为常用体温计，其读数为 37.8 ℃.
【考点】18：体温计的使用及其读数.
【分析】使用体温计测量体温时，先要弄清楚体温计的量程和分度值，读数时视线与液柱最末端所对刻度相垂直.
【解答】解：由图知：体温计上1℃之间有10个小格，所以一个小格代表的温度是0.1℃，即此体温计的分度值为0.1℃;此时的温度为37.8℃.
故答案为：37.8.
25.对质量是50g的水加热，使水温从40℃升高到80℃，水吸收的热量是 8.4×103 J[c水=4.2×103J/(kg•℃)].
【考点】GG：热量的计算.
【分析】知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用吸热公式Q吸=cm△t求水吸收的热量.
【解答】解：水的质量m=50g=0.05kg，
水吸收的热量：
Q吸=cm(t﹣t0)=4.2×103J/(㎏•℃)×0.05㎏×(80℃﹣40℃)=8.4×103J.
故答案为：8.4×103.
26.如图所示，电源电压恒为12V，闭合开关后，电压表示数为8V，则两电阻阻值的比值R1：R2= 1：2 .
【考点】IH：欧姆定律的应用.
【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，根据串联电路的电压特点求出R1两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比.
【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R1两端的电压：
U1=U﹣U2=12V﹣8V=4V，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，由I= 可得，两电阻的阻值之比：
= = = = .
故答案为：1：2.
27.在相距10km的甲、乙两地之间有两条输电线，已知每条输电线的电阻是100Ω.现输电线在某处发生短路，为确定短路位置，检修员利用电压表、电流表和电源接成如图所示电路进行检测，当电压表的示数为2.0V时，电流表示数为80mA，则短路位置距离甲 1.25 km.
【考点】IH：欧姆定律的应用.
【分析】知道电压表和电流表的示数，利用欧姆定律求出连接短路位置到甲地的两段输电线的电阻值;又知道10km导线的电阻为100Ω，据此求出导线的长度，从而确定出短路的地点离甲地的距离.
【解答】解：
由欧姆定律可得，连接短路位置到甲地的两段输电线的总电阻：
R= = =25Ω，
因10km导线的电阻为100Ω，且电阻和长度成正比，
所以，短路处距甲地的导线总长度：
L= ×10km=2.5km，
则短路位置距离甲的距离：
s= ×L= ×2.5km=1.25km.
故答案为：1.25.
2018山东泰安中考物理试卷答案解析三、作图综合题
作图题
28.如图所示，一木块静止在斜面上，请画出木块所受重力的示意图.
【考点】7B：重力示意图.
【分析】过物体的重心，用一条带箭头的线段表示出重力的作用点和方向，注意重力的方向竖直向下.
【解答】解：从木块的重心开始，向竖直向下方向画一条有向线段，用G表示物体所受重力，如图所示：
29.在图中，标出闭合开关后通电螺线管和小磁针的N、S极.
【考点】CB：安培定则.
【分析】通过图示的螺线管的绕向和电源的正负极，利用安培定则可以确定螺线管的N极;
再利用磁极间的作用规律.即可确定小磁针的N极.
【解答】解：(1)电流从螺线管的左端流入，右端流出，结合线圈的绕向，利用安培定则可以确定螺线管的右端为N极，左端为S极.
(2)小磁针静止时，由于受到通电螺线管的作用，小磁针的N极一定靠近螺线管的S极，即小磁针的左端为S极，右端为N极.
答案如下图所示：
30.在焦距为5cm、9cm和15cm的凸透镜中选择一个放置在如图所示的位置，将蜡烛、光屏分别置于光具座上透镜两侧，调整透镜和光屏的中心大致与烛焰的中心在 同一高度 ;若将蜡烛放置在A点通过三个凸透镜都能在光屏上成像，则焦距为 15 cm的透镜所称的像最大，若在BC间移动光屏时可在光屏上得到清晰的像，则实验中所用透镜的焦距可能是 5、9 cm.
【考点】B7：凸透镜成像规律及其探究实验.
【分析】(1)为使像能够成在光屏中央，应使烛焰、凸透镜、光屏的中心大致在同一高度处;
(2)凸透镜成像规律：u>2f，成倒立、缩小的实像，2f>v>f;2f>u>f，成倒立、放大的实像，v>2f.
【解答】解：
(1)要调整烛焰、光屏和凸透镜的中心大致在同一高度上，这样才可以使烛焰的像成在光屏的中央;
(2)由图可知，A点到凸透镜的距离为25cm，即物距为25cm;
焦距为5cm的凸透镜，因物距大于其2倍焦距，所以成的是倒立、缩小的实像;
焦距为9cm的凸透镜，因物距大于其2倍焦距，所以成的是倒立、缩小的实像;
焦距为15cm的凸透镜，因f<25cm<2f，成的是倒立、放大的实像;
故焦距为15cm的凸透镜成的像最大;
(3)在BC间移动光屏时可在光屏上得到清晰的像，即在凸透镜右侧5cm～20cm间移动光屏时可在光屏上得到清晰的像;物距为25cm，结合前面分析可知：
①焦距为5cm的凸透镜，成的是倒立、缩小的实像，像距的范围f
②焦距为9cm的凸透镜，成的是倒立、缩小的实像，像距的范围f
③焦距为15cm的凸透镜，成的是倒立、放大的实像，像距的范围v>2f，即v>30cm，超过了5cm～20cm范围，在BC间移动光屏时不能在光屏上得到清晰的像，故凸透镜焦距不可能为15cm.
综上分析可知，凸透镜焦距不可能为15cm，可能为5cm或9cm.
故答案为：(1)同一高度;(2)15;(3)5、9.
31.有一个小灯泡标有5.0V字样，要测定它的额定功率.已知小灯泡正常发光时的电阻值约10Ω，电源电压为6V.
(1)请你用笔画线代替导线，连接完成实验电路.
(2)闭合开关前，滑动变阻器滑片应该在 a 端(选填“a”或“b”).
(3)某次连接线路后，闭合开关灯不亮，电流表有示数，电压表没有示数，猜想以下3种故障，其中可能的是 C
A.可能是灯丝断了B.可能是开关接线处断路C.可能是小灯泡的灯座短路
为避免出现上述故障时损坏电流表，选择的滑动变阻器的最大阻值应不小于 10 Ω.
(4)排除故障后，移动变阻器滑片，观察当 电压 表示数为 5V 时，再记录另一个电表的示数，可以计算小灯泡的额定功率.
【考点】JF：电功率的测量.
【分析】(1)从小灯泡的型号可以得出电压表应该选用0～15V这一量程的并联在小灯泡两端;根据小灯泡的额定电压和电阻求出电流，从而判定电流表量程;滑动变阻器采用一上一下的接法;
(2)闭合开关前，滑动变阻器滑片调至阻值最大位置;
(3)电流表有示数，说明电路出现了短路，电压表无示数，说明与电压表并联部分短路;根据电流表的最大电流求出滑动变阻器的最小阻值;
(4)要注意电压表示数，当电压表示数等于灯泡额定电压时，灯泡正常发光.
【解答】解：(1)小灯泡的额定电压为5V，则电压表应该选用0～15V这一量程，电压表并联在小灯泡两端;
灯泡的额定电流为：I= = =0.5A，电流表量程为0﹣0.6A;
滑动变阻器采用一上一下的接法;
如图：
;
(2)闭合开关前，滑动变阻器滑片调至阻值最大位置，即a端;
(3)电流表有示数，说明电路出现了短路，电压表无示数，灯泡不发光，说明与电压表的灯泡短路了;故选C;
电源电压为6V，电流表的最大值为0.6A，则滑动变阻器的最小阻值为：R'= = =10Ω;
(4)因为灯泡的额定电压为5V，所以在实验过程中，眼睛应注意观察电压表当电压表示数是5V时，表明灯正常发光，记下此时电流表的示数.
故答案为：(1)如图;(2)a;(3)C;10;(4)电压;5V.
32.如图甲所示为压力式托盘秤，当把物体放在压力托盘秤盘上时指针的示数就是物体的质量.
(1)某次测量时压力式托盘秤的指针如图乙所示，示数是 1.4 kg.
(2)现在要利用压力式托盘秤、水、烧杯和细线来测量一个不规则小矿石块的密度.请你设计实验方案，写出实验步骤及测量的物理量，物理量要用规定的符号表示，实验过程烧杯中的水不能溢出.
①实验步骤和测量的物理量： 把小矿石放在托盘秤上，记下此时托盘称的示数为m1;
在烧杯中倒入适量的水，把烧杯放在托盘秤上，记下此时托盘称的示数m2;
保持烧杯不动，用细线拴住小矿石块，轻轻将小矿石块浸没入烧杯的水中，小矿石块不与杯底接触，记下托盘秤的示数m3; .
②用已知量和测得的物理量表示出小矿石块的密度ρ= ρ水 .
【考点】2G：设计实验测密度.
【分析】(1)根据分度值读数;
(2)根据托盘秤可以出小矿石的质量;向烧杯中倒入适量的水，称出其质量;把小矿石用细线悬挂后放入水中，此时小矿石受到浮力的作用，小石块会排开一定质量的水，根据托盘秤示数的变化可知排开的水的质量，据此求出排开的水的体积即小石块的体积，根据密度公式求出密度;
【解答】解：(1)由图乙可知，表盘的分度值为0.1kg，则示数为1.4kg;
(2)①把小矿石放在托盘秤上，记下此时托盘称的示数为m1;
在烧杯中倒入适量的水，把烧杯放在托盘秤上，记下此时托盘称的示数m2;
保持烧杯不动，用细线拴住小矿石块，轻轻将小矿石块浸没入烧杯的水中，小矿石块不与杯底接触，记下托盘秤的示数m3;
小矿石块在水中受到了浮力的作用，由于物体间力的作用是相互的，小石块也会对水有一个向下的压力的作用，故托盘秤的示数会增加，由阿基米德原理可知，增加的示数为排开的水的质量：m排=m3﹣m2;
小矿石块的体积等于其排开的水的体积：V=V排= ;
则小矿石块的密度为：ρ= = = ρ水.
故答案为：(1)1.4;(2)①见解析;② ρ水.
2018山东泰安中考物理试卷答案解析四、计算题
33.如图是工人利用滑轮组提升重为810N物体的示意图，某段过程中物体匀速上升的速度为0.1m/s，工人拉力F的功率为90W，物体上升10s拉力F克服滑轮组的摩擦做的功是60J，不计绳重.求：
(1)工人拉绳子的速度;
(2)滑轮组的机械效率;
(3)滑轮组中的动滑轮的重力.
【考点】F4：滑轮(组)的机械效率;69：速度公式及其应用;7!：滑轮组绳子拉力的计算.
【分析】(1)由图可知，滑轮组绳子的有效股数，根据v绳=nv物求出绳端移动的速度;
(2)根据P= = =Fv求出滑轮组自由端的拉力F;根据η= ×100%= ×100%= ×100%求出滑轮组的机械效率;
(3)根据s=nh求出绳端移动的距离，根据W=Fs求出总功，根据W=Gh求出有用功和克服动滑轮重力所做的额外功，总功减去有用功、减去克服滑轮组的摩擦做的功，就是克服动滑轮重力所做的额外功，利用W轮=G轮h可求动滑轮的重力.
【解答】解：
(1)由图可知，n=3，
绳端移动的速度：v绳=nv物=3×0.1m/s=0.3m/s，
(2)根据P= = =Fv可得，工人的拉力：
F= = =300N，
滑轮组的机械效率：
η= ×100%= ×100%= ×100%= ×100%=90%;
(3)重物上升的高度：h=vt=0.1m/s×10s=1m，
拉力做的有用功：W有用=Gh=810N×1m=810J，
拉力做的总功：W总=Fs=Fnh=300N×3×1m=900J，
提升动滑轮做的额外功：W轮=W总﹣W有用﹣Wf=900J﹣810J﹣60J=30J，
由W轮=G轮h可得，动滑轮的重：
G轮= = =30N.
答：(1)工人拉绳子的速度是0.3m/s;
(2)滑轮组的机械效率是90%;
(3)滑轮组中的动滑轮的重力是30N.
34.随着人们生活水平的提高，小汽车已经逐步进入家庭.某品牌小汽车质量是1600kg，车上载有人和物品质量共为200kg，车轮与地面的总接触面积为2.0×10﹣2m2.若小汽车以输出功率60kW在市区外水平路面上做匀速直线运动，运动速度v1=72km/h;当汽车将要进入市区时，司机减小了油门，使汽车的输出功率立即减小为24kW并保持该功率继续直线行驶，汽车的速度与时间的关系如图所示，设运动过程中汽车所受阻力不变，g取10N/kg.求：
(1)该汽车静止时对水平路面的压强.
(2)汽车运动过程中受到的阻力;
(3)t2时间后汽车运动的速度v2的大小.
【考点】86：压强的大小及其计算;6T：二力平衡条件的应用.
【分析】(1)该汽车静止时对水平路面的压力等于车和物品的总重力，又知受力面积，利用p= 可求压强.
(2)根据P= = =Fv求出汽车以v1速度匀速行驶时牵引力的大小，然后根据二力平衡的条件求出受到的阻力;
(3)阻力已经求出，然后根据P=Fv计算t2时间后汽车运动的速度v2的大小.
【解答】解：(1)该汽车静止时对水平路面的压力：
F=G总=m总g=(m车+m物)g=×10N/kg=1.8×104N，
对水平路面的压强：
p= = =9×105Pa;
(2)因为P= = =Fv，
所以，当汽车以v1速度匀速行驶时，汽车受到的牵引力：
F1= = =3000N，
因为汽车做匀速直线运动，所以汽车受到的阻力：
F阻=F1=3000N;
(3)当汽车以v2速度匀速行驶时，汽车受到的牵引力F2=F阻=3000N，
则t2时间后汽车运动的速度：
v2= = =8m/s.
答：(1)该汽车静止时对水平路面的压强为9×105Pa.
(2)汽车运动过程中受到的阻力为3000N;
(3)t2时间后汽车运动的速度v2的大小为8m/s.
35.小明同学设计了如图甲所示的汽车转向指示灯电路模型，接通相应指示灯后，指示灯会亮、暗(微弱发光)交替闪烁发光，电路中电源电压恒为6V，R0为定值电阻，指示灯规格均为“6V 3W”，电磁铁线圈和衔铁的电阻忽略不计，指示灯的电压与电流的变化规律如表所示：
电压/V … 0.5 1.2 2.0 3.0 4.0 5.0 5.5 …
电流/A … 0.08 0.12 0.18 0.26 0.34 0.42 0.46 …
(1)若让左转、右转指示灯同时工作，转向开关应与触点 3和4 接通(选填“1和2”、“2和3”、“3和4”或“4和5”).
(2)当转向开关与触点“2和3”接通时，右转指示灯两端实际电压U灯随时间t变化规律如图乙所示，已知当右转指示灯微弱发光时，右转指示灯的功率与定值电阻R0的功率之比是1：4，求定值电阻R0的阻值.
(3)右转指示灯交替闪烁工作15s时，求指示灯和R0消耗的电能分别是多少?
【考点】J9：电功率与电压、电流的关系;HS：电路的基本连接方式;J3：电功的计算.
【分析】(1)若让左转、右转指示灯同时工作，应让两灯全部接入电路中;
(2)当转向开关与触点“2和3”接通时，右转指示灯与R0串联接入电路中，根据功率之比、串联电路的电压规律可以求出R0两端的电压和电流，根据欧姆定律求出电阻;
(3)根据图象分析指示灯和R0的工作时间，利用公式W=Pt和W=UIt求出灯泡消耗的电能;根据W=UIt求出R0消耗的电能.
【解答】解：(1)若让左转、右转指示灯同时工作，应让两灯并联后全部接入电路中，故转向开关应与触点3和4接通;
(2)当转向开关与触点“2和3”接通时，右转指示灯与R0串联接入电路中，电流相同，右转指示灯的功率与定值电阻R0的功率之比是1：4，根据P=UI可知：右转指示灯的功率与定值电阻R0的电压之比为：UL：U0= ： =PL：P0=1：4，在串联电路中电源电压等于各部分电压之和，U=UL+U0=6V，则：
UL=1.2V，U0=4.8V;
由表格可知，当灯泡两端电压为1.2V时，灯泡的电流为0.12A，由欧姆定律可知R0的阻值为：
R0= = =40Ω;
(3)由图乙可知，右转指示灯交替闪烁工作15s内，亮、暗发光的时间分别为t1=5s、t2=10s;
消耗的电能分别是：
W1=Pt1=3W×5s=15J;
W2=ULIt2=1.2V×0.12A×10s=1.44J;
灯消耗的总电能为：W=W1+W2=15J+1.44J=16.44J;
灯泡正常发光时，R0不工作，灯泡发光较暗时，R0工作，故15s内R0工作的时间为t=10s，
则R0消耗的电能为：W0=U0It=4.8V×0.12A×10s=5.76J.
答：(1)3和4;(2)定值电阻R0的阻值为40Ω;(3)右转指示灯交替闪烁工作15s时，求指示灯和R0消耗的电能分别是16.44J和5.76J.
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