2018年贵州中考物理检测试卷答案解析
2018年贵州中考物理检测试卷答案解析
2018年的中考已对贵州的同学们敲响警钟，物理的检测试卷都做了吗?需要答案的赶紧来吧。下面由学习啦小编为大家提供关于2018年贵州中考物理检测试卷答案解析，希望对大家有帮助!
2018年贵州中考物理试卷答案解析一、选择题
(本大题包括8个小题，每小题3分，共24分.每小题只有一个正确答案，请在答题卡选择题栏内，用2B铅笔将对应题目答案的标号涂黑)
1.(3分)(2017•遵义)纳米磁性材料采用磁性颗粒作为记录介质，具有记录密度大、矫顽力高、记录质量好等特点，下列器件可用纳米磁性材料制成的是( )
A.洗衣机内壁 B.耐腐蚀容器
C.计算机存储器 D.高性能防弹背心
【分析】根据每个选项材料的特点逐个分析，得出正确的答案.
【解答】解：
A、洗衣机内壁利用的是材料的硬度的特性，不是磁性材料，故A错误;
B、耐腐蚀容器利用的是材料的耐腐蚀性，不是磁性材料，故B错误;
C、计算机存储器需要用磁性材料记录大量的信息，故C正确;
D、高性能防弹背心利用的是材料的硬度，不是磁性材料，故D错误.
故选C.
【点评】本题考查对生活中磁性材料了解程度，比较简单.
2.(3分)(2017•遵义)下列措施中是在声音的产生处减弱噪声的是( )
A.房间的窗户安装双层玻璃 B.摩托车上安装消声器
C.燃放鞭炮时用手捂住双耳 D.剧院内墙用吸音材料装饰
【分析】减弱噪声的途径有：在声源处减弱;在传播过程中减弱;在人耳处减弱.
【解答】解：A、房间的窗户安装双层玻璃是在传播过程中减弱噪声;故A错误;
B、摩托车上安装消声器是在噪声的产生处减弱噪声;故B正确;
C、燃放鞭炮时捂住耳朵是在人耳处减弱噪声;故C错误;
D、剧院内墙用吸引材料是在传播过程中减弱噪声;故D错误.
故选B.
【点评】本题考查防治噪声的三个途径的区别，相对比较简单，属于基础题.
3.(3分)(2017•遵义)如图所示，瓶内有一些水，用带孔的橡皮塞把瓶口塞住，向瓶内打气一会儿后，瓶塞跳起，在瓶塞跳起的过程中，下列关于瓶内气体说法正确的是( )
A.气体对瓶塞做功，气体的内能减少
B.瓶塞对气体做功，气体的内能减少
C.气体对瓶塞做功，气体的内能增加
D.瓶塞对气体做功，气体的内能增加
【分析】用力打气，对瓶内气体做功，瓶内气体内能增加、温度升高、压强增大;继续打气，当瓶内气体压强大于大气压强，瓶塞跳起，水蒸气对塞子做功，内能减少、温度降低，瓶内的水蒸气液化形成小液滴，出现水雾.
【解答】解：向瓶内打气，瓶塞跳起时，在瓶塞跳起的过程中，瓶内气体对瓶塞做功，气体一部分内能转化为瓶塞的机械能;故A正确，BCD错误.
故选A.
【点评】本题考查了做功改变物体内能.对物体做功，物体内能会增加，物体对外做功，物体内能会减小;物体对外做功，物体的内能减小、温度降低.
4.(3分)(2017•遵义)电是人们的好帮手，但若摸不准它的脾气，不注意用电安全，也可能会发生触电事故.下列选项中符合安全用电要求的是( )
A.电灯的开关可接在零线上
B.可用湿手接触照明电路中的开关
C.使用测电笔时，手不能接触测电笔的任何金属体
D.有金属外壳的家用电器，金属外壳必须接地
【分析】(1)家庭电路中，开关应接在火线与用电器之间;
(2)根据安全用电的要求，不能用湿物体接触电器;
(3)使用测电笔时，手必须接触笔尾的金属体.
(4)大功率或带有金属外壳的用电器，必须使用三脚插头，其中较长的脚与该用电器的外壳相连，以防外壳带电，危及人身安全;
【解答】解：A、控制电灯的开关接在零线上，断开开关时，电灯处仍带电，这样是很危险;故A不符合安全用电要求
B、水容易导电，用湿手拔热水器的开关，会发生触电事故;故B不符合安全用电要求;
C、使用测电笔时，手要接触笔尾金属体.这样测电笔才能正常工，但不能接触笔尖的金属电极;故C不符合安全用电要求;
D、有金属外壳的用电器，其金属外壳一定要通过三角插头接地，以防用电器外壳带电，会危及人身安全.故D符合安全用电的要求.
故选D.
【点评】生活中常见的安全用电规则和现象，要有适当的应对方法.这样才能做到安全用电.
5.(3分)(2017•遵义)中华传统文化博大精深，古诗词中蕴含着丰富的物理知识，下列诗句中能用光的反射解释的是( )
A.楼台倒影入池塘 B.风吹草低见牛羊
C.潭清凝水浅 D.云生结海楼
【分析】(1)光的反射现象，平面镜成像是由于光的反射形成的.
(2)光的折射现象，水底看起来比实际的要浅、斜插入水中的筷子向上折、海市蜃楼、凸透镜成像、彩虹等都是光的折射.
(3)光沿直线传播现象，如日食、月食、影子、小孔成像等现象都是由光沿直线传播形成的.
【解答】解：
A、“楼台倒影入池塘”属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故A正确.
B、“风吹草低现牛羊”是由于光沿直线传播而形成的，故B错误.
C、“潭清疑水浅”是由于池底的光从水中斜射入空气中时发生折射，折射角大于入射角而形成的，故C错误.
D、“云生结海楼”是海市蜃楼现象，是由光的折射形成的，故D错误.
故选A.
【点评】此题通过诗句考查了光的反射、光的直线传播、光的折射现象，平时要注意区分.在平时学习中注意将所学知识与自然现象联系起来.
6.(3分)(2017•遵义)遵义市校园足球联赛的开展，极大地丰富了校园文化生活，赛事中，关于力与运动的说法正确的是( )
A.足球在草坪上静止不动时，受到重力、支持力和摩擦力的作用
B.前锋队员将飞来的足球顶向球门，说明力能改变物体的运动状态
C.踢出的足球继续向前滚动是因为足球受到惯性的作用
D.静止在地面上的守门员对地面的压力和地面对他的支持力是一对平衡力
【分析】(1)一对平衡力必须同时符合四个条件，即大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，缺一不可;
(2)力既能改变物体的运动状态，也能是物体发生形变;
(3)惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性不是力.
【解答】解：
A、足球在草坪上静止不动时，足球没有发生相对运动、也没有相对运动的趋势，所以足球不受摩擦力作用，只受到重力和支持力的作用，故A错误;
B、前锋队员将飞来的足球顶向球门，球的运动方向发生改变，说明力能改变物体的运动状态，故B正确;
C、惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性不是力，踢出的足球继续向前滚动是因为足球具有惯性，故C错误;
D、静止在地面上的守门员对地面的压力和地面对他的支持力，这两个力作用在两个物体上，不是一对平衡力，而是一对相互作用力，故D错误.
故选B.
【点评】本题考查了平衡力的辨别、力的作用效果、惯性现象等，有一定综合性，但难度不大.
7.(3分)(2017•遵义)建筑工人用如图所示的滑轮组，在4s内将重为1500N的物体沿水平方向匀速移动2m的过程中，所用的拉力大小为375N，物体受到水平地面的摩擦力为物重的0.4倍.在此过程中下列说法正确的是( )
A.绳子自由端沿水平方向移动了6 m
B.物体受到的拉力为750N
C.拉力F的功率为750W
D.滑轮组的机械效率为80%
【分析】(1)由图可知滑轮组绳子的有效股数，根据s=nsA求出绳子自由端沿水平方向移动;
(2)物体沿水平方向匀速移动时处于平衡状态，受到的拉力和摩擦力是一对平衡力，二力的大小相等，根据FA=f=0.4G求出物体受到的拉力;
(3)根据W=Fs求出拉力F做的功，根据P= 求出拉力F的功率;
(4)根据W有=FAsA求出拉力做的有用功，根据η= ×100%求出滑轮组的机械效率.
【解答】解：
A.由图可知，n=2，则绳子自由端沿水平方向移动的距离s=nsA=2×2m=4m，故A错误;
B.物体沿水平方向匀速移动时处于平衡状态，物体受到的拉力和摩擦力是一对平衡力，
则物体受到的拉力FA=f=0.4G=0.4×1500N=600N，故B错误;
C.拉力F做的功W总=Fs=375N×4m=1500J，
则拉力F的功率P= = =375W，故C错误;
D.有用功W有=FAsA=600N×2m=1200J，
则滑轮组的机械效率η= ×100%= ×100%=80%，故D正确.
故选D.
【点评】本题考查了做功公式、功率公式、机械效率公式以及二力平衡条件的应用，明确有用功和滑轮组绳子的有效股数是关键.
8.(3分)(2017•遵义)如图所示，当S、S1闭合，滑动变阻器的滑片P位于中点时，电压表 的示数为U1，滑动变阻器消耗的功率为0.9W;当S、S2闭合，滑动变阻器的滑片P位于最左端时，电压表 的示数为2U1，滑动变阻器消耗的功率为0.2W，则R1与R2的比值是( )
A.1：18 B.18：1 C.1：6 D.6：1
【分析】当S、S1闭合，滑动变阻器的滑片P位于中点时，R1与 R串联，电压表测R1两端的电压;当S、S2闭合，滑动变阻器的滑片P位于最左端时，R2与R串联，电压表测R2两端的电压，根据P=I2R表示出两种情况下滑动变阻器消耗的电功率之比即可求出两者的电流之比，根据欧姆定律表示出两种情况下电压表的示数之比即可求出R1与R2的比值.
【解答】解：当S、S1闭合，滑动变阻器的滑片P位于中点时，R1与 R串联，电压表测R1两端的电压;
当S、S2闭合，滑动变阻器的滑片P位于最左端时，R2与R串联，电压表测R2两端的电压，
由P=I2R可得，两种情况下滑动变阻器消耗的电功率之比：
= =( )2× = = ，
解得： = ，
由I= 可得，两种情况下电压表的示数之比：
= = × = × = = ，
解得： = .
故选C.
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意各量之间的关系，不要颠倒.
2018年贵州中考物理试卷答案解析二、填空题
(本大题包括5个小题，每空2分，共20分.请将下列题目中的①②序号所占位置的应答内容，填写到答题卡相应题号的空格内.)
9.(4分)(2017•遵义)我国拥有自主知识产权的大飞机C919的最大载重为77.3t，最大巡航速度为980Km/h，最长航程为5555Km.我国版图的最大横跨距离为5027.4Km.2017年5月5日，C919从上海浦东机场成功起飞，以浦东机场指挥塔为参照物，C919是 运动 的.若C919以最大巡航速度飞行，横跨我国最大版图仅需 5.13 h.
【分析】(1)在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止.
(2)已知速度和路程，利用速度公式计算时间.
【解答】解：(1)C919从上海浦东机场成功起飞，以浦东机场指挥塔为参照物，C919与浦东机场指挥塔之间的位置发生了变化，因此C919是运动的;
(2)根据v= 可得，C919以最大巡航速度飞行，横跨我国最大版图需要的时间：t= = =5.13h.
故答案为：运动;5.13.
【点评】本题主要考查运动和静止的相对性、速度公式的应用，属于常见题目，难度不大.
10.(4分)(2017•遵义)小红用一个焦距为10cm的凸透镜做“探究凸透镜成像规律”的实验，他将蜡烛和凸透镜固定在光具座上如图所示的位置，只移动光屏，在光屏上成一个清晰的像，利用这一成像规律可以制成 照相机 (选填“放大镜”“照相机”或“投影仪”).实验后，好奇的小红取下自己所带的眼镜放在蜡烛与凸透镜之间靠近透镜的位置，原来光屏上清晰的像变模糊了，他将光屏向靠近透镜方向移动一段距离后，原来模糊的像又变清晰了，则小红所戴眼镜的镜片是 凸 透镜.
【分析】(1)凸透镜成像的规律是：当物距大于二倍焦距时，物体成倒立的缩小的实像，像距小于二倍焦距，根据这种情况制成了照相机;当物距小于二倍焦距大于一倍焦距时，成倒立放大的实像，据此制成了投影仪、幻灯机;
(2)凸透镜对光线具有会聚作用;凹透镜对光线有发散作用.
【解答】解：由图可知，此时物距为30cm，焦距为10cm，物距大于二倍焦距，所以成的是倒立、缩小的实像;其应用是照相机;
小红取下自己所带的眼镜放在蜡烛与凸透镜之间靠近透镜的位置，原来光屏上清晰的像变模糊了，他将光屏向靠近透镜方向移动一段距离后，此时的物距是减小的，说明该眼镜对关系具有会聚作用，故是凸透镜.
故答案为：照相机;凸.
【点评】此题考查了凸透镜成像规律和远视眼镜对光线的作用，是一道基础题.
11.(4分)(2017•遵义)为了美化教室环境，小华同学从家里带来了一盆盆栽花卉，放于水平窗台上，盆栽花卉的总质量为2kg，花盆底面与水平窗台的接触面积为200cm2，则该花盆对窗台的压强为 1000 Pa.小华每周一都要给花浇一次水，浇水后与浇水前相比较，花盆对窗台的压强将 变大 (g取10N/kg).
【分析】花盆对窗台的压力和自身的重力相等，根据F=G=mg求出其大小，又知道花盆底面与水平窗台的接触面积，根据p= 求出对窗台的压强;浇水后与浇水前相比较，花盆的质量变大，重力变大，对窗台的压力增大，受力面积不变，根据p= 判断花盆对窗台的压强变化.
【解答】解：花盆对窗台的压力：
F=G=mg=2kg×10N/kg=20N，
对窗台的压强：
p= = =1000Pa;
浇水后与浇水前相比较，花盆的质量变大，重力变大，对窗台的压力增大，受力面积不变，由p= 可知，花盆对窗台的压强变大.
故答案为：1000;变大.
【点评】本题考查了压强的计算和压强公式的应用，关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等.
12.(4分)(2017•遵义)为了测石块的密度，小英先用已调平的天平测石块的质量，天平再次平衡时，右盘内砝码及游码的位置如图所示，则石块的质量为 78 g.在测体积时，由于石块无法放进量筒，他先在烧杯中倒入适量的水，并在水面处做好标记，用天平测出烧杯和水的总质量为104g，再将石块放入装水的烧杯中，倒出超过标记的水，并用胶头滴管向烧杯中加减水，使水面恰好在标记处，用天平测出此时的总质量为152g，由此计算出石块的密度是 1.625×103 kg/m3.(水的密度为1.0×103 kg/m3)
【分析】(1)天平读数时应将砝码质量与游码示数相加;
(2)石块浸没在水中，石块的体积等于石块排开水的体积，求出石块排开水的质量，知道水的密度，根据密度公式求出石块排开水的体积，即石块的体积;知道石块的质量和体积，根据密度公式求出石块的密度.
【解答】解：(1)图中石块的质量为m=50g+20g+5g+3g=78g;
(2)石块排开水的质量m水=152g﹣104g=48g;
石块的体积等于石块排开水的体积：V=V水= = =48cm3;
石块的密度：ρ= = =1.625g/cm3=1.625×103kg/m3.
故答案为：78;1.625×103.
【点评】本题考查了只用天平测量密度，其中测量固体体积的方法即同体积的水等效替代的方法，是本实验的难点.
13.(4分)(2017•遵义)在电学实验中，电流表的内阻几乎为零，但实验室中有一种小量程电流表，其内阻不为零，在处理这种电流表时，可看成是一个无内阻的电流表 和一个电阻RA串联(如图中虚线框所示).现要测量一只这种电流表的内阻RA的阻值，电路设计如图所示，电源电压不变，R1：R2=1：2，当S1闭合S2断开时，电流表示数为0.15A，R1消耗的电功率为P1;当S1断开S2闭合时，RA消耗的电功率为0.1W，R2消耗的电功率为P2;且P1：P2=9：8，则S1断开S2闭合时电流表示数I2= 0.1 A，电流表的内阻RA= 10 Ω.
【分析】当S1闭合S2断开时，电阻R1和RA串联;当S1断开S2闭合时，电阻R2和RA串联;根据题意列出电功率公式，再根据R1：R2=1：2，P1：P2=9：8，求出电流表示数和电流表内阻.
【解答】解：当S1闭合S2断开时，电阻R1和RA串联，此时电流I1=0.15A，P1=I12R1…①;
当S1断开S2闭合时，电阻R2和RA串联，PA=I22RA=0.1W…②;
P2=I22R2…③;
R1：R2=1：2…④;
P1：P2=9：8…⑤;
①③⑤式联立得： = = ，且R2=2R1，
解得I2=0.1A;
将I2=0.1A带入②式解得RA=10Ω.
故答案为：0.1;10.
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的计算，关键是公式及其变形式的灵活运用，难点是根据已知条件找出两种情况的联系建立方程进行求解.
2018年贵州中考物理试卷答案解析三、实验及作图题
(本大题包括4个小题，14-15题4分，16题4分，17题6分，18题6分，共20分.请按要求在答题卡相应题号的图形上完成作图;并将题目中的①序号所占位置的应答内容，填写到答题卡相应题号的空格内.)
14.(2分)(2017•遵义)将一个地球仪放在水平桌面上，请在图中画出地球仪所受力的示意图，O为地球仪的重心.
【分析】先根据物体的状态对物体进行受力分析，地球仪静止在水平桌面上，它受重力和桌面给它的支持力，并且这两个力大小相等、方向相反是一对平衡力.
【解答】解：地球仪静止在水平桌面上，它受重力和桌面给它的支持力，并且这两个力大小相等、方向相反是一对平衡力，过茶杯的重心，分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，注意两条线段长度要相等.如图所示：
【点评】画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边.按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图.
15.(2分)(2017•遵义)如图所示，开关S闭合，发现弹簧缩短，小磁针旋转到如图中所示位置静止，请在图中括号内标出电源的正、负极和小磁针的N极.(电源正极用“+”，负极用“﹣”表示)
【分析】根据开关S闭合，发现弹簧缩短，由磁极间的相互作用可知螺线管的磁极，利用右手螺旋定则可得出电源的正负极.由磁极间的相互作用可知小磁针的磁极，
【解答】解：已知开关闭合后，发现弹簧缩短，根据磁极间的相互作用，异名磁极相互吸引，则螺线管上端为S极，下端为S极，由右手螺旋定则可得，电流由右侧流入，故电源右侧为正极，左侧为负极;由磁极间的相互作用可知小磁针的上端为S极，下端为N极，如图所示：
【点评】安培定则共涉及三个方向：电流方向、磁场方向、线圈绕向，告诉其中的两个方向可以确定其中的另一个方向.
16.(4分)(2017•遵义)小明所在的小组用图甲所示的装置“探究水的沸腾”实验.
(1)当水刚好沸腾，小明便撤掉酒精灯停止加热.正当他们整理器材时，却发现其他组的同学在水沸腾后仍在观察和记录，小明立即明白了他们这样做的目的，是为了探究水在沸腾过程中虽然继续吸热，但温度 保持不变 的特点.
(2)小明继续实验，根据记录的数据绘制了如图乙所示的“温度﹣﹣时间”图象，由图象可知，他们得的水的沸点是 98 ℃.
【分析】(1)液体沸腾时不断吸收热量，温度保持不变.
(2)根据液体沸腾的特点找到沸点..
【解答】解：(1)水在沸腾过程中虽然继续吸热，但温度保持不变;
(2)由表格中数据知，第4分钟时，就开始沸腾，因此第4﹣﹣10min是沸腾过程，此时温度保持不变等于沸点，即水的沸点为98℃.
故答案为：(1)保持不变; (2)98.
【点评】此题是“观察水的沸腾”的实验，考查了沸腾时的特点和与实验数据的分析.
17.(6分)(2017•遵义)小锦小组用刻度均匀的匀质杠杆进行“探究杠杆平衡条件”的实验中，每个钩码质量相等.
(1)将杠杆的中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆左端下沉，他将杠杆左端平衡螺母向右调节到最大限度后，杠杆左端仍有轻微下沉，这时他应将右端的平衡螺母向 右 端调节，才能使杠杆在水平位置平衡.
(2)如图甲所示，是他在探究过程中的一个情境，接下来他在两边钩码的下方各加一个相同的钩码，并将左端钩码移到左端离支点第三格处，为了使杠杆在水平位置平衡，他应将右端钩码移动到右端离支点第 四 格处.
(3)通过不断改变两端所挂钩码的个数和位置，使杠杆在水平位置平衡，并记录各次实验数据，通过对数据分析后得出结论：动力×支点到动力作用点的距离=阻力×支点到阻力作用点的距离.与其他小组交流后，他们又做了如图乙、丙、丁三次实验，其中 丁 图所示实验能直接说明该结论是错误的.
【分析】(1)在调节杠杆平衡时，按照“左偏右调、右偏左调”的原则进行，即：如果杠杆左偏(左端下沉)，向右移动平衡螺母(左右侧的平衡螺母都可以);
(2)在两边钩码的下方各加一个相同的钩码，并将左端钩码移到左端离支点第三格处，先找出两边力的大小、左边力臂的大小，再利用杠杆平衡条件求右边力臂大小，进而确定右端钩码的位置;
(3)利用力臂不在杠杆上的情况进行实验.
【解答】解：
(1)现在杠杆左端仍有轻微下沉，说明杠杆左端偏重，为使杠杆在水平位置平衡，这时应将右端的平衡螺母向右端调节.
(2)设一个钩码重为G，杠杆一个格为L，
左边加一个相同的钩码，并将左端钩码移到左端离支点第三格处，
则左边力和力臂的乘积为F左L左=4G×3L=12GL，
右边加一个相同的钩码，设右边的力臂为L右，则右边的力和力臂的乘积为F右L右=3G×L右，
为了使杠杆在水平位置平衡，F左L左=F右L右，即12GL=3G×L右，所以L右=4L，他应将右端钩码移动到右端离支点第四格处.
(3)小锦得到“动力×支点到动力作用点的距离=阻力×支点到阻力作用点的距离”，这个结论是不正确的;当动力臂不等于支点到动力作用点的距离时，看实验结论是否成立，所以利用图丁进行验证.
故答案为：(1)右;(2)四;(3)丁.
【点评】本题考查调节平衡螺母的作用、杠杆实验时动力和阻力的实验要求及根据杠杆平衡条件计算.当杠杆处于水平位置平衡时，竖直作用在杠杆上的力的力臂在杠杆上，倾斜作用在杠杆上力的力臂在杠杆以外的位置上，力臂变小.
18.(6分)(2017•遵义)某同学利用如图所示的电路“探究电流跟电阻的关系”实验，实验中电源电压为6V且保持不变，用到的电阻阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω.
(1)该同学按如图所示的电路图连接好电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应移到 B 端(选“A”或“B”).
(2)闭合开关，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，发现电流表始终无示数，而电压表有示数但无明显变化，则导致这一现象的原因是 电阻R开路 .
(3)排除故障后，将各个电阻分别接入电路中R所在位置，调节滑动变阻器的滑片，使每次电压表示数保持不变，将对应的电流表的示数记录在表格中，分析表中数据可以得出的结论是：保持电压不变时，电流与电阻成 反比 关系.
实验序号 1 2 3 4 5
电阻R/Ω 5 10 15 20 25
电流I/A 0.50 0.24 0.16 0.12 0.10
【分析】(1)为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移动阻值最大处;
(2)电流表没有示数，电压表示数始终接近电源电压，电路故障可能为电压表所测量的电阻断路;
(3)根据表中的数据分析电流与电阻的乘积的关系，进而得出结论.
【解答】解：(1)为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移动阻值最大处，由电路图可知，滑动变阻器的滑片P应移到B端.
(2)闭合开关，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，发现电流表始终无示数，说明电路开路，
而电压表有示数但无明显变化，说明电压表两接线柱与电源两极是通路，则说明与电压表并联的电阻R开路;
(3)由表中的数据可知，电阻与电流的乘积不变，并且电阻变为原来几倍时，电流变为原来的几分之一;
分析表中数据可以得出的结论是：保持电压不变时，电流与电阻成反比关系.
故答案为：(1)B;(2)电阻R开路;(3)反比.
【点评】此题是“探究电流跟电阻的关系”实验，考查了滑动变阻器的作用、电路故障分析、实验数据的分析能力以及归纳实验结论的能力，是中考的热点问题.
2018年贵州中考物理试卷答案解析四、综合应用题
(本大题包括3个小题，19题7分，20题9分，21题10分，共26分.请将解答过程填答题卡相应题号的位置处.)
19.(7分)(2017•遵义)有一种挂式电热水器内部简化电路如图所示，该热水器设有高、中、低三档，已知电热丝R1=55Ω，高档加热功率为1100W，电热转化效率为80%，水的比热容为4.2×103J/kg•℃).求：
(1)将2kg水从20℃加热到75℃需要吸收多少热量;
(2)用高档将2kg水从20℃加热到75℃需要多少时间;
(3)只闭合S、S2时，电热水器的电功率是多少.
【分析】(1)知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温，根据Q吸=cm(t﹣t0)求出水吸收的热量;
(2)根据η= ×100%求出消耗的电能，根据P= 求出需要的加热时间;
(3)由电路图可知，闭合S、S1、S2时，R1与R2并联，电路的总电阻最小，由P=UI= 可知，电路的总功率最大，热水器处于高档，根据P=UI= 求出电热丝R1的功率，高档功率减去电热丝R1的功率即为电热丝R2的功率;只闭合S、S2时，电路为R2的简单电路，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知此时电热水器的电功率.
【解答】解：(1)水吸收的热量：
Q吸=cm(t﹣t0)=4.2×103J/(kg•℃)×2kg×(75℃﹣20℃)=4.62×105J;
(2)由η= ×100%可得，消耗的电能：
W= = =5.775×105J，
由P= 可得，需要的加热时间：
t′= = =525s;
(3)由电路图可知，闭合S、S1、S2时，R1与R2并联，电路的总电阻最小，电路的总功率最大，热水器处于高档，
此时电热丝R1的功率P1= = =880W，
因电路的总功率等于各用电器功率之和，
所以，电热丝R2的功率P2=P高﹣P1=1100W﹣880W=220W;
只闭合S、S2时，电路为R2的简单电路，
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，电热水器的电功率为220W.
答：(1)将2kg水从20℃加热到75℃需要吸收4.62×105J的热量;
(2)用高档将2kg水从20℃加热到75℃需要525s;
(3)只闭合S、S2时，电热水器的电功率是220W.
【点评】本题考查了吸热公式、效率公式、电功公式、电功率公式的应用，正确的判断出热水器高档时电路的连接方式是关键.
20.(9分)(2017•遵义)我国自主设计研发的“蚊龙”号载人深潜器不断刷新潜水深度纪录，为我国探究深海海洋资源提供了大量宝贵资料.“蛟龙”号的一些主要参数如表所示，蚊龙”号可在潜水器外搭载几块压载铁块作无动力下潜.在一次下潜中，搭载3名乘员下潜到7200m深处作业，3名乘员总质量为180kg，自带装备总质量为220kg，海水密度取1.0×103kg/m3，压载铁的密度为7.9×103kg/m3，g取10N/kg.求：
项目 参数
规格 长8.2m，宽3.0m，高3.4m
空重 22t(不含乘员、装备、压载铁块)
最大负荷 220kg(不含乘员)
乘员 准载3人，每人不超过80kg
(1)“蚊龙”号搭载3名乘员及装备 (不含压载铁块)时的总质量;
(2)“蚊龙”号下潜到顶部距海面7200m 深处时顶部受到海水的压强;
(3)“蛟龙”号潜水器无动力下潜时，需在外部搭载4块压载铁块，每块压载铁块的质量为3.16×104kg，无动 力下潜时整个潜水器受到的浮力多大.
【分析】(1)已知“蚊龙”号、3名乘员及装备 的质量(不含压载铁块)，可求总的质量;
(2)知道深度，利用p=ρgh求“蛟龙号”潜水器潜到7000m时受到海水的压强;
(3)求出铁块的体积加上潜水器的体积，就是无动 力下潜时整个潜水器的V排，根据阿基米德原理可求浮力.
【解答】解：
(1)已知“蚊龙”号、3名乘员及装备的质量，则“蚊龙”号搭载3名乘员及装备 (不含压载铁块)时的总质量为：
m总=m空重+m人+m装备=22×103kg+180kg+220kg=2.24×104kg;
(2)“蚊龙”号下潜到顶部距海面7200m 深处时顶部受到海水的压强：
p﹦ρgh﹦1.0×103kg/m3×10N/kg×7200m﹦7.2×107Pa;
(3)由ρ= 可得，一块压载铁的体积：
V0= = =4m3;
4块压载铁的体积：V铁=4V0=4×4m3=16m3;
“蛟龙”号潜水器的体积：V=abc=8.2m×3.0m×3.4m=83.64m3;
无动力下潜时整个潜水器的体积，即排开液体的体积：V排=V+V铁=83.64m3+16m3=99.64m3，
由阿基米德原理可得整个潜水器受到的浮力：
F浮=ρ液gV排=1×103kg/m3×10N/kg×99.64m3=9.964×105N.
答：(1)“蚊龙”号搭载3名乘员及装备 (不含压载铁块)时的总质量是2.24×104kg;
(2)“蚊龙”号下潜到顶部距海面7200m 深处时顶部受到海水的压强是7.2×107Pa;
(3)“蛟龙”号无动 力下潜时整个潜水器受到的浮力是9.964×105N.
【点评】本题以“蛟龙号”潜水器潜水为背景考查了求：总质量、海水压强、铁块的体积、潜水器受到的浮力，考查的点较多，是一道难题.
21.(10分)(2017•遵义)如图甲所示，灯泡L标有“6V 3W”字样，电源电压及灯丝电阻保持不变，电流表量程为 0～0.6A，电压表量程为0～15V，变阻器R的最大阻值为100Ω.只闭合开关S、S1，移动 滑片P的过程中，电流表示数与变阻器连入电路的阻值变化关系如图乙所示，当滑片P在a点时，电压表示数为10V，电流表示数为Ia;只闭合开关S、S2，滑片P置于b点时，变 阻器连入电路的电阻为Rb，电流表的示数为Ib，已知Rb：R0=7：3，Ia：Ib=5：4.求：
(1)小灯泡正常工作时的电阻RL
(2)只闭合S、S2，滑片P在b点时，电流表的示数Ib;
(3)电源电压.
【分析】(1)知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P= 求出其电阻值;
(2)由图象乙可知，当电流表示数为Ia时，滑动变阻器连入电路的阻值为20Ω;只闭合开关S、S1，滑片P在a点时，电压表测量的是滑动变阻器两端的电压，示数为10V，根据欧姆定律求出此时的电流，再根据比值关系求出滑片P在b点时，电流表的示数Ib;
(3)只闭合开关S、S1，滑片P在a点时，R与R0串联，U滑=10V，根据串联电路的分压特点和欧姆定律表示出电源的电压;
只闭合开关S、S2，滑片P置于b点时，Rb与L串联，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压，联立等式结合Rb：R0=7：3求出R0的阻值.然后即可求出电源电压.
【解答】解：
(1)由P= 可得，小灯泡正常工作时的电阻：
RL= = =12Ω;
(2)只闭合开关S、S1，R与R0串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，滑片P在a点时，电压表示数为10V，此时电流表示数为Ia;
由图象乙可知，当电流表示数为Ia时，滑动变阻器连入电路的阻值为20Ω，
根据欧姆定律可得：
Ia= = =0.5A，
已知Ia：Ib=5：4，
所以只闭合S、S2，滑片P在b点时，电流表的示数Ib= Ia= ×0.5A=0.4A;
(3)只闭合开关S、S1，滑片P在a点时，R与R0串联，U滑=10V，
根据串联电路中总电压等于各分电压之和以及欧姆定律可得电源电压：
U=U滑+IaR0=10V+0.5A×R0﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
只闭合开关S、S2，滑片P置于b点时，Rb与L串联，
根据串联电路中总电阻等于各分电阻之和以及欧姆定律可得电源电压：
U=Ib(Rb+RL)=0.4A×(Rb+12Ω)﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
已知Rb：R0=7：3﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③
联立由①②③解得：R0=12Ω，
则电源电压：U=10V+0.5A×R0=10V+0.5A×12Ω=16V.
答：(1)小灯泡正常工作时的电阻12Ω;
(2)只闭合S、S2，滑片P在b点时，电流表的示数0.4A;
(3)电源电压16V.
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式和根据电源电压不变列出方程式是关键，有一定难度.
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