2017六盘水中考数学模拟试卷(2)
2017六盘水中考数学模拟试题答案
一、选择题(每小题4分，共40分)
1.在﹣2，﹣5，5，0这四个数中，最小的数是( )
A.﹣2 B.﹣5 C.5 D.0
【考点】有理数大小比较.
【分析】有理数大小比较的法则：①正数都大于0;②负数都小于0;③正数大于一切负数;④两个负数，绝对值大的其值反而小，据此判断即可.
【解答】解：根据有理数比较大小的方法，可得
﹣5<﹣2<0<5，
∴在﹣2，﹣5，5，0这四个数中，最小的数是﹣5.
故选：B.
2.据统计2014年我国高新技术产品出口总额40570亿元，将数据40570亿用科学记数法表示为( )
A.4.0570×109 B.0.40570×1010 C.40.570×1011 D.4.0570×1012
【考点】科学记数法—表示较大的数.
【分析】科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|<10，n为整数.本题中40570亿，有13位整数，n=13﹣1=12.
【解答】解：40570亿=4057000000000=4.057×1012，
故选D.
3.，直线l1∥l2，CD⊥AB于点D，∠1=50°，则∠BCD的度数为( )
A.50° B.45° C.40° D.30°
【考点】平行线的性质.
【分析】先依据平行线的性质可求得∠ABC的度数，然后在直角三角形CBD中可求得∠BCD的度数.
【解答】解：∵l1∥l2，
∴∠1=∠ABC=50°.
∵CD⊥AB于点D，
∴∠CDB=90°.
∴∠BCD+∠DBC=90°，即∠BCD+50°=90°.
∴∠BCD=40°.
故选：C.
4.不等式组﹣2≤x+1<1的解集，在数轴上表示正确的是( )
A. B. C. D.
【考点】在数轴上表示不等式的解集;解一元一次不等式组.
【分析】先求出不等式组的解集，再求出其公共解集，并在数轴上表示出来即可.
【解答】解：∵由题意可得 ，
由①得，x≥﹣3，
由②得，x<0，
∴﹣3≤x<0，
在数轴上表示为：
.
故选：B.
5.过正方体上底面的对角线和下底面一顶点的平面截去一个三棱锥所得到的几何体所示，它的俯视图为( )
A. B. C. D.
【考点】简单组合体的三视图.
【分析】俯视图是从上向下看得到的视图，结合选项即可作出判断.
【解答】解：所给图形的俯视图是B选项所给的图形.
故选B.
6.，A、B、C三点在正方形网格线的交点处，若将△ABC绕着点A逆时针旋转得到△AC′B′，则tanB′的值为( )
A. B. C. D.
【考点】锐角三角函数的定义;旋转的性质.
【分析】过C点作CD⊥AB，垂足为D，根据旋转性质可知，∠B′=∠B，把求tanB′的问题，转化为在Rt△BCD中求tanB.
【解答】解：过C点作CD⊥AB，垂足为D.
根据旋转性质可知，∠B′=∠B.
在Rt△BCD中，tanB= = ，
∴tanB′=tanB= .
故选B.
7.下表是某校合唱团成员的年龄分布
年龄/岁 13 14 15 16
频数 5 15 x 10﹣x
对于不同的x，下列关于年龄的统计量不会发生改变的是( )
A.平均数、中位数 B.众数、中位数
C.平均数、方差 D.中位数、方差
【考点】统计量的选择;频数(率)分布表.
【分析】由频数分布表可知后两组的频数和为10，即可得知总人数，结合前两组的频数知出现次数最多的数据及第15、16个数据的平均数，可得答案.
【解答】解：由表可知，年龄为15岁与年龄为16岁的频数和为x+10﹣x=10，
则总人数为：5+15+10=30，
故该组数据的众数为14岁，中位数为： =14岁，
即对于不同的x，关于年龄的统计量不会发生改变的是众数和中位数，
故选：B.
8.已知一个函数图象经过(1，﹣4)，(2，﹣2)两点，在自变量x的某个取值范围内，都有函数值y随x的增大而减小，则符合上述条件的函数可能是( )
A.正比例函数 B.一次函数 C.反比例函数 D.二次函数
【考点】二次函数的性质;一次函数的性质;正比例函数的性质;反比例函数的性质.
【分析】求出一次函数和反比例函数的解析式，根据其性质进行判断.
【解答】解：设一次函数解析式为：y=kx+b，
由题意得， ，
解得， ，
∵k>0，
∴y随x的增大而增大，
∴A、B错误，
设反比例函数解析式为：y= ，
由题意得，k=﹣4，
k<0，
∴在每个象限，y随x的增大而增大，
∴C错误，
当抛物线开口向上，x>1时，y随x的增大而减小.
故选：D.
9.某工厂二月份的产值比一月份的产值增长了x%，三月份的产值又比二月份的产值增长了x%，则三月份的产值比一月份的产值增长了( )
A.2x% B.1+2x% C.(1+x%)x% D.(2+x%)x%
【考点】列代数式.
【分析】直接利用已知表示出三月份的产值，进而表示出增长率，即可得出答案.
【解答】解：设一月份的产值为a，则二月份的产值为：a(1+x%)，
故三月份的产值为：a(1+x%)2，
则三月份的产值比一月份的产值增长了 ﹣1=(2+x%)x%.
故选：D.
10.，在△ABC中，AB=AC=a，BC=b(a>b).在△ABC内依次作∠CBD=∠A，∠DCE=∠CBD，∠EDF=∠DCE.则EF等于( )
A. B. C. D.
【考点】相似三角形的判定与性质;等腰三角形的判定与性质.
【分析】依次判定△ABC∽△BDC∽△CDE∽△DFE，根据相似三角形的对应边成比例的知识，可得出EF的长度.
【解答】解：∵AB=AC，
∴∠ABC=∠ACB，
又∵∠CBD=∠A，
∴△ABC∽△BDC，
同理可得：△ABC∽△BDC∽△CDE∽△DFE，
∴ = ， = ， = ， = ，
∵AB=AC，
∴CD=CE，
解得：CD=CE= ，DE= ，EF= .
故选C.
二、填空题(每小题5分，共20分)
11.分解因式：m3n﹣4mn= mn(m﹣2)(m+2) .
【考点】提公因式法与公式法的综合运用.
【分析】先提取公因式mn，再利用平方差公式分解因式得出即可.
【解答】解：m3n﹣4mn
=mn(m2﹣4)
=mn(m﹣2)(m+2).
故答案为：mn(m﹣2)(m+2).
12.若函数y= 与y=x﹣2图象的一个交点坐标(a，b)，则 ﹣ 的值为 ﹣2 .
【考点】反比例函数与一次函数的交点问题.
【分析】根据函数解析式，可得b= ，b=a﹣2，进而得出ab=1，b﹣a=﹣2，即可求得 ﹣ = = =﹣2.
【解答】解：∵函数y= 与y=x﹣2图象的一个交点坐标(a，b)，
∴b= ，b=a﹣2，
∴ab=1，b﹣a=﹣2，
∴ ﹣ = = =﹣2
故答案为﹣2.
13.一组数：2，1，3，x，7，y，23，…，满足“从第三个数起，前两个数依次为a、b，紧随其后的数就是2a﹣b”，例如这组数中的第三个数“3”是由“2×2﹣1”得到的，那么这组数中y表示的数为 ﹣9 .
【考点】规律型：数字的变化类.
【分析】根据“从第三个数起，前两个数依次为a、b，紧随其后的数就是2a﹣b”，首先建立方程2×3﹣x=7，求得x，进一步利用此规定求得y即可.
【解答】解：
解法一：常规解法
∵从第三个数起，前两个数依次为a、b，紧随其后的数就是2a﹣b
∴2×3﹣x=7
∴x=﹣1
则2×(﹣1)﹣7=y
解得y=﹣9.
解法二：技巧型
∵从第三个数起，前两个数依次为a、b，紧随其后的数就是2a﹣b
∴7×2﹣y=23
∴y=﹣9
故答案为：﹣9.
14.，在一张矩形纸片ABCD中，AB=4，BC=8，点E，F分别在AD，BC上，将纸片ABCD沿直线EF折叠，点C落在AD上的一点H处，点D落在点G处，有以下四个结论：
①四边形CFHE是菱形;②线段BF的取值范围为3≤BF≤4;
③EC平分∠DCH;④当点H与点A重合时，EF=2
以上结论中，你认为正确的有 ①②④ .(填序号)
【考点】翻折变换(折叠问题);菱形的判定;矩形的性质.
【分析】①先判断出四边形CFHE是平行四边形，再根据翻折的性质可得CF=FH，然后根据邻边相等的平行四边形是菱形证明，判断出①正确;
②点H与点A重合时，设BF=x，表示出AF=FC=8﹣x，利用勾股定理列出方程求解得到BF的最小值，点G与点D重合时，CF=CD，求出BF=4，然后写出BF的取值范围，判断出②正确;
③根据菱形的对角线平分一组对角线可得∠BCH=∠ECH，然后求出只有∠DCE=30°时EC平分∠DCH，判断出③错误;
④过点F作FM⊥AD于M，求出ME，再利用勾股定理列式求解得到EF，判断出④正确.
【解答】解：①∵FH与CG，EH与CF都是矩形ABCD的对边AD、BC的一部分，
∴FH∥CG，EH∥CF，
∴四边形CFHE是平行四边形，
由翻折的性质得，CF=FH，
∴四边形CFHE是菱形，
故①正确;
②点H与点A重合时，设BF=x，则AF=FC=8﹣x，
在Rt△ABF中，AB2+BF2=AF2，
即42+x2=(8﹣x)2，
解得x=3，
点G与点D重合时，CF=CD=4，
∴BF=4，
∴线段BF的取值范围为3≤BF≤4，
故②正确;
③∴∠BCH=∠ECH，
∴只有∠DCE=30°时EC平分∠DCH，
故③错误;
过点F作FM⊥AD于M，
则ME=(8﹣3)﹣3=2，
由勾股定理得，
EF= =2 ，
故④正确.
综上所述，结论正确的有①②④.
故答案为：①②④.
三、解答题(本大题共2小题，每小题8分，共16分)
15.计算：﹣22﹣ +2cos45°+|1﹣ |
【考点】实数的运算;特殊角的三角函数值.
【分析】原式利用乘方的意义，二次根式性质，特殊角的三角函数值，以及绝对值的代数意义化简，计算即可得到结果.
【解答】解：原式=﹣4﹣2 +2× + ﹣1=﹣5.
16.，一次函数的图象经过(2，0)和(0，﹣4)，根据图象求 的值.
【考点】一次函数图象上点的坐标特征.
【分析】先根据题意得出一次函数的解析式，求出k、b的值，再代入代数式进行计算即可.
【解答】解：∵一次函数的图象经过(2，0)和(0，﹣4)，
∴ ，解得 .
∵k2﹣2kb+b2=(k﹣b)2=(2+4)2=36，
∴ = =6.
四、解答题(本大题共2小题，每小题8分，共16分)
17.，在平面直角坐标系中，已知△ABC的三个顶点的坐标分别为A(﹣4，3)、B(﹣3，1)、C(﹣1，3).
(1)请按下列要求画图：
①将△ABC先向右平移4个单位长度、再向上平移2个单位长度，得到△A1B1C1，画出△A1B1C1;
②△A2B2C2与△ABC关于原点O成中心对称，画出△A2B2C2.
(2)在(1)中所得的△A1B1C1和△A2B2C2关于点M成中心对称，请直接写出对称中心M点的坐标.
【考点】作图﹣旋转变换;作图﹣平移变换.
【分析】(1)①根据网格结构找出点A、B、C平移后的对应点A1、B1、C1的位置，然后顺次连接即可;
②根据网格结构找出A、B、C关于原点O的中心对称点A2、B2、C2的位置，然后顺次连接即可;
(2)连接B1B2，C1C2，交点就是对称中心M.
【解答】解：(1)①△A1B1C1所示;
②△A2B2C2所示;
(2)连接B1B2，C1C2，得到对称中心M的坐标为(2，1).
18.有甲、乙两个不透明的盒子，甲盒子中装有3张卡片，卡片上分别写着3cm、7cm、9cm;乙盒子中装有4张卡片，卡片上分别写着2cm、4cm、6cm、8cm;盒子外有一张写着5cm的卡片.所有卡片的形状、大小都完全相同.现随机从甲、乙两个盒子中各取出一张卡片，与盒子外的卡片放在一起，用卡片上标明的数量分别作为一条线段的长度.
(1)请用树状图或列表的方法求这三条线段能组成三角形的概率;
(2)求这三条线段能组成直角三角形的概率.
【考点】列表法与树状图法;勾股定理的逆定理.
【分析】(1)首先根据题意画出树状图，然后由树状图求得所有等可能的结果与这三条线段能组成三角形的情况，再利用概率公式求解即可求得答案;
(2)首先由树状图求得这三条线段能组成直角三角形的情况，然后直接利用概率公式求解即可求得答案.
【解答】解：(1)画树状图得：
∵共有12种等可能的结果，这三条线段能组成三角形的有7种情况，
∴这三条线段能组成三角形的概率为： ;
(2)∵这三条线段能组成直角三角形的只有：3cm，4cm，5cm;
∴这三条线段能组成直角三角形的概率为： .
五、解答题(本大题共2小题，每小题10分，共20分)
19.已知：，斜坡AP的坡度为1：2.4，坡长AP为26米，在坡顶A处的同一水平面上有一座古塔BC，在斜坡底P处测得该塔的塔顶B的仰角为45°，在坡顶A处测得该塔的塔顶B的仰角为76°.求：
(1)坡顶A到地面PQ的距离;
(2)古塔BC的高度(结果精确到1米).(参考数据：sin76°≈0.97，cos76°≈0.24，tan76°≈4.01)
【考点】解直角三角形的应用﹣坡度坡角问题;解直角三角形的应用﹣仰角俯角问题.
【分析】(1)过点A作AH⊥PQ，垂足为点H，利用斜坡AP的坡度为1：2.4，得出AH，PH，AP的关系求出即可;
(2)利用矩形性质求出设BC=x，则x+10=24+DH，再利用tan76°= ，求出即可.
【解答】解：(1)过点A作AH⊥PQ，垂足为点H.
∵斜坡AP的坡度为1：2.4，∴ = ，
设AH=5km，则PH=12km，
由勾股定理，得AP=13km.
∴13k=26m. 解得k=2.
∴AH=10m.
答：坡顶A到地面PQ的距离为10m.
(2)延长BC交PQ于点D.
∵BC⊥AC，AC∥PQ，
∴BD⊥PQ.
∴四边形AHDC是矩形，CD=AH=10，AC=DH.
∵∠BPD=45°，
∴PD=BD.
设BC=x，则x+10=24+DH.∴AC=DH=x﹣14.
在Rt△ABC中，tan76°= ，即 ≈4.0，
解得x= ，即x≈19，
答：古塔BC的高度约为19米.
20.，点B、C、D都在⊙O上，过C点作CA∥BD交OD的延长线于点A，连接BC，∠B=∠A=30°，BD=2 .
(1)求证：AC是⊙O的切线;
(2)求由线段AC、AD与弧CD所围成的阴影部分的面积.(结果保留π)
【考点】切线的判定;扇形面积的计算.
【分析】(1)连接OC，根据圆周角定理求出∠COA，根据三角形内角和定理求出∠OCA，根据切线的判定推出即可;
(2)求出DE，解直角三角形求出OC，分别求出△ACO的面积和扇形COD的面积，即可得出答案.
【解答】(1)证明：连接OC，交BD于E，
∵∠B=30°，∠B= ∠COD，
∴∠COD=60°，
∵∠A=30°，
∴∠OCA=90°，
即OC⊥AC，
∴AC是⊙O的切线;
(2)解：∵AC∥BD，∠OCA=90°，
∴∠OED=∠OCA=90°，
∴DE= BD= ，
∵sin∠COD= ，
∴OD=2，
在Rt△ACO中，tan∠COA= ，
∴AC=2 ，
∴S阴影= ×2×2 ﹣ =2 ﹣ .
六、解答题(本题满分12分)
21.甲，AB⊥BD，CD⊥BD，AP⊥PC，垂足分别为B、P、D，且三个垂足在同一直线上，我们把这样的图形叫“三垂图”.
(1)证明：AB•CD=PB•PD.
(2)乙，也是一个“三垂图”，上述结论成立吗?请说明理由.
(3)已知抛物线与x轴交于点A(﹣1，0)，B(3，0)，与y轴交于点(0，﹣3)，顶点为P，丙所示，若Q是抛物线上异于A、B、P的点，使得∠QAP=90°，求Q点坐标.
【考点】二次函数综合题.
【分析】(1)根据同角的余角相等求出∠A=∠CPD，然后求出△ABP和△PCD相似，再根据相似三角形对应边成比例列式整理即可得证;
(2)与(1)的证明思路相同;
(3)利用待定系数法求出二次函数解析式，根据抛物线解析式求出点P的坐标，再过点P作PC⊥x轴于C，设AQ与y轴相交于D，然后求出PC、AC的长，再根据(2)的结论求出OD的长，从而得到点D的坐标，利用待定系数法求出直线AD的解析式，与抛物线解析式联立求解即可得到点Q的坐标.
【解答】(1)证明：∵AB⊥BD，CD⊥BD，
∴∠B=∠D=90°，
∴∠A+∠APB=90°，
∵AP⊥PC，
∴∠APB+∠CPD=90°，
∴∠A=∠CPD，
∴△ABP∽△PCD，
∴ = ，
∴AB•CD=PB•PD;
(2)AB•CD=PB•PD仍然成立.
理由如下：∵AB⊥BD，CD⊥BD，
∴∠B=∠CDP=90°，
∴∠A+∠APB=90°，
∵AP⊥PC，
∴∠APB+∠CPD=90°，
∴∠A=∠CPD，
∴△ABP∽△PCD，
∴ = ，
∴AB•CD=PB•PD;
(3)设抛物线解析式为y=ax2+bx+c(a≠0)，
∵抛物线与x轴交于点A(﹣1，0)，B(3，0)，与y轴交于点(0，﹣3)，
∴ ，
解得 ，
所以，y=x2﹣2x﹣3，
∵y=x2﹣2x﹣3=(x﹣1)2﹣4，
∴顶点P的坐标为(1，﹣4)，
过点P作PC⊥x轴于C，设AQ与y轴相交于D，
则AO=1，AC=1+1=2，PC=4，
根据(2)的结论，AO•AC=OD•PC，
∴1×2=OD•4，
解得OD= ，
∴点D的坐标为(0， )，
设直线AD的解析式为y=kx+b(k≠0)，
则 ，
解得 ，
所以，y= x+ ，
联立 ，
解得 ， (为点A坐标，舍去)，
所以，点Q的坐标为( ， ).
七、解答题(本题满分12分)
22.某网店打出促销广告：最潮新款服装50件，每件售价300元，若一次性购买不超过10件时，售价不变;若一次性购买超过10件时，每多买1件，所买的每件服装的售价均降低2元.已知该服装成本是每件200元，设顾客一次性购买服装x件时，该网店从中获利y元.
(1)求y与x的函数关系式，并写出自变量x的取值范围;
(2)顾客一次性购买多少件时，该网店从中获利最多?
【考点】二次函数的应用.
【分析】(1)根据题意可得出销量乘以每台利润进而得出总利润，进而得出答案;
(2)根据销量乘以每台利润进而得出总利润，即可求出即可.
【解答】解：(1)y= ;
(2)在0≤x≤10时，y=100x，当x=10时，y有最大值1000;
在10
当x=30时，y取得最大值=1400，
∴顾客一次购买30件时，该网站从中获利最多.
八、解答题(本题满分14分)
23.在平面直角坐标系中，O为原点，点A(﹣2，0)，点B(0，2)，点E，点F分别为OA，OB的中点.若正方形OEDF绕点O顺时针旋转，得正方形OE′D′F′，记旋转角为α.
(Ⅰ)①，当α=90°时，求AE′，BF′的长;
(Ⅱ)②，当α=135°时，求证AE′=BF′，且AE′⊥BF′;
(Ⅲ)若直线AE′与直线BF′相交于点P，求点P的纵坐标的最大值(直接写出结果即可).
【考点】几何变换综合题;三角形的外角性质;全等三角形的判定与性质;含30度角的直角三角形;勾股定理.
【分析】(1)利用勾股定理即可求出AE′，BF′的长.
(2)运用全等三角形的判定与性质、三角形的外角性质就可解决问题.
(3)首先找到使点P的纵坐标最大时点P的位置(点P与点D′重合时)，然后运用勾股定理及30°角所对的直角边等于斜边的一半等知识即可求出点P的纵坐标的最大值.
【解答】解：(Ⅰ)当α=90°时，点E′与点F重合，①.
∵点A(﹣2，0)点B(0，2)，
∴OA=OB=2.
∵点E，点F分别为OA，OB的中点，
∴OE=OF=1
∵正方形OE′D′F′是正方形OEDF绕点O顺时针旋转90°得到的，
∴OE′=OE=1，OF′=OF=1.
在Rt△AE′O中，
AE′= .
在Rt△BOF′中，
BF′= .
∴AE′，BF′的长都等于 .
(Ⅱ)当α=135°时，②.
∵正方形OE′D′F′是由正方形OEDF绕点O顺时针旋转135°所得，
∴∠AOE′=∠BOF′=135°.
在△AOE′和△BOF′中，
，
∴△AOE′≌△BOF′(SAS).
∴AE′=BF′，且∠OAE′=∠OBF′.
∵∠ACB=∠CAO+∠AOC=∠CBP+∠CPB，∠CAO=∠CBP，
∴∠CPB=∠AOC=90°
∴AE′⊥BF′.
(Ⅲ)∵∠BPA=∠BOA=90°，∴点P、B、A、O四点共圆，
∴当点P在劣弧OB上运动时，点P的纵坐标随着∠PAO的增大而增大.
∵OE′=1，∴点E′在以点O为圆心，1为半径的圆O上运动，
∴当AP与⊙O相切时，∠E′AO(即∠PAO)最大，
此时∠AE′O=90°，点D′与点P重合，点P的纵坐标达到最大.
过点P作PH⊥x轴，垂足为H，③所示.
∵∠AE′O=90°，E′O=1，AO=2，
∴∠E′AO=30°，AE′= .
∴AP= +1.
∵∠AHP=90°，∠PAH=30°，
∴PH= AP= .
∴点P的纵坐标的最大值为 .
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